(通用版)2020版高考物理一輪復(fù)習(xí) 專題綜合檢測(cè)五 第五章 機(jī)械能及其守恒定律(含解析)
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1、機(jī)械能及其守恒定律 (45分鐘 100分) 一、選擇題(本題共8小題,每小題6分,共48分.1~5題為單選題,6~8題為多選題) 1.如圖所示,小球位于光滑的曲面上,曲面體位于光滑的水平地面上,從地面上看,在小球沿曲面下滑的過(guò)程中,曲面體對(duì)小球的作用力( ) A.垂直于接觸面,做功為零 B.垂直于接觸面,做負(fù)功 C.不垂直于接觸面,做功為零 D.不垂直于接觸面,做正功 解析:B 對(duì)整體進(jìn)行受力分析可知,小球曲面體系統(tǒng)在水平方向上不受外力作用,故在水平方向上動(dòng)量守恒,當(dāng)小球沿曲面下滑過(guò)程中,曲面體將向右后退,曲面體對(duì)小球的作用力為彈力且與曲面的切線垂直,小球的運(yùn)動(dòng)方向與力的
2、方向之間的夾角為鈍角,故曲面體對(duì)小球的作用力垂直于接觸面,且做負(fù)功.B選項(xiàng)正確. 2.(2018·岳陽(yáng)模擬)在平直的公路上,一輛汽車在牽引力作用下從靜止開(kāi)始做勻加速直線運(yùn)動(dòng),當(dāng)速度達(dá)到某一值時(shí)汽車做勻速直線運(yùn)動(dòng).若汽車所受阻力與速度成正比,則汽車功率P隨時(shí)間t變化的關(guān)系可能是( ) 解析:A 汽車在勻加速階段,根據(jù)牛頓第二定律F-Ff=ma,物體的速度v=at,受到的阻力Ff=kv,解得F=kat+ma,在加速階段的功率P=Fv=ka2t2+ma2t,達(dá)到額定功率后,此時(shí)P突然減小,由于慣性,速度不會(huì)突變,由P=Fv知,牽引力F突然減小,使?fàn)恳Φ扔谧枇Γ囉珠_(kāi)始做速度減小了的勻速
3、運(yùn)動(dòng),故A正確,B、C、D錯(cuò)誤. 3.(2018·石家莊模擬)質(zhì)量為2 t的汽車,發(fā)動(dòng)機(jī)的額定功率為60 kW.該汽車在水平路面上以額定功率行駛時(shí)能達(dá)到的最大速度為15 m/s,所受阻力恒定,則當(dāng)汽車速度為10 m/s時(shí)的加速度為( ) A.0.50 m/s2 B.1 m/s2 C.2 m/s2 D.2.5 m/s2 解析:B 汽車在水平路面上達(dá)到最大速度時(shí),牽引力與阻力二力平衡,則有F=Ff,由P=Fvm得P=Ffvm,解得Ff=,當(dāng)汽車的速度為10 m/s時(shí),牽引力為F′=,根據(jù)牛頓第二定律得a==,代入數(shù)據(jù)解得a=1 m/s2,故B正確,A、C、D錯(cuò)誤. 4.(2018·
4、大慶模擬)如圖所示,半徑為R的金屬環(huán)豎直放置,環(huán)上套有一質(zhì)量為m的小球,小球開(kāi)始時(shí)靜止于最低點(diǎn),現(xiàn)使小球以初速度v0=沿環(huán)上滑,小環(huán)運(yùn)動(dòng)到環(huán)的最高點(diǎn)時(shí)與環(huán)恰無(wú)作用力,則小球從最低點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)的過(guò)程中( ) A.小球機(jī)械能守恒 B.小球在最低點(diǎn)時(shí)對(duì)金屬環(huán)的壓力是6mg C.小球在最高點(diǎn)時(shí),重力的功率是mg D.小球機(jī)械能不守恒,且克服摩擦力所做的功是0.5mgR 解析:D 小球在最高點(diǎn)與環(huán)作用力恰為0時(shí),設(shè)速度為v,則mg=m,解得v=,從最低點(diǎn)到最高點(diǎn),由動(dòng)能定理得-mg2R-W克=mv2-mv,解得W克=mgR,所以機(jī)械能不守恒,且克服摩擦力所做的功是0.5mgR,故A錯(cuò)誤
5、,D正確;在最低點(diǎn),由牛頓第二定律得,F(xiàn)N-mg=m,解得FN=7mg,故B錯(cuò)誤;小球在最高點(diǎn)時(shí),重力方向與速度方向垂直,重力的功率為零,故C錯(cuò)誤. 5.長(zhǎng)L的輕桿兩端分別固定有質(zhì)量為m的小鐵球,桿的三等分點(diǎn)O處有光滑的水平轉(zhuǎn)動(dòng)軸.用手將該裝置固定在桿恰好水平的位置,然后由靜止釋放,當(dāng)桿到達(dá)豎直位置時(shí),則軸對(duì)桿的作用力F的大小和方向?yàn)? ) A.2.4mg 豎直向上 B.2.4mg 豎直向下 C.6mg 豎直向上 D.4mg 豎直向上 解析:A 對(duì)整個(gè)系統(tǒng)而言,機(jī)械能守恒,有mg(L-L)=m(Lω)2+m(Lω)2,當(dāng)桿運(yùn)動(dòng)到豎直位置時(shí),頂端的小球向心力為mg-F1=m(L
6、)ω2,底端的小球向心力為F2-mg=m(L)ω2,解以上三式得軸對(duì)桿的作用力F的大小F2+F1=2.4mg,方向豎直向上,選項(xiàng)A正確. 6.如圖甲所示,質(zhì)量m=1 kg的小物體放在長(zhǎng)直的水平地面上,用水平細(xì)線繞在半徑R=0.2 m、質(zhì)量M=1 kg的薄圓筒上.t=0時(shí)刻,圓筒在電動(dòng)機(jī)的帶動(dòng)下由靜止開(kāi)始繞豎直的中心軸轉(zhuǎn)動(dòng),小物體的v-t圖像如圖乙所示,小物體和地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.2,則( ) A.圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度隨時(shí)間的變化關(guān)系滿足ω=5t B.細(xì)線的拉力大小為2 N C.細(xì)線拉力的瞬時(shí)功率滿足P=4t D.在0~2 s內(nèi),電動(dòng)機(jī)做的功為8 J 解析:AD 物體的加速度
7、a== m/s2=1 m/s2,故物體的運(yùn)動(dòng)速度v=at=t,圓筒轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度隨時(shí)間的變化關(guān)系滿足ω===5t,A正確.根據(jù)牛頓第二定律可知,細(xì)線的拉力大小F=ma+μmg=3 N,B錯(cuò)誤.細(xì)線拉力的瞬時(shí)功率滿足P=Fv=3t,C錯(cuò)誤.2 s末,小物塊速度v2=2 m/s,位移x=at=2 m,由功能關(guān)系可知,在0~2 s內(nèi),電動(dòng)機(jī)做的功W=(M+m)v+μmgx=8 J,D正確. 7.如圖所示,一個(gè)小球(視為質(zhì)點(diǎn))從H=12 m高處,由靜止開(kāi)始通過(guò)光滑弧形軌道AB,進(jìn)入半徑R=4 m的豎直圓環(huán),且小球與圓環(huán)間動(dòng)摩擦因數(shù)處處相等,當(dāng)?shù)竭_(dá)環(huán)頂C點(diǎn)時(shí),剛好對(duì)軌道壓力為零;沿CB圓弧滑下后,進(jìn)入光
8、滑弧形軌道BD,且到達(dá)高度為h的D點(diǎn)時(shí)的速度為零,則h的值不可能為(g取10 m/s2,所有高度均相對(duì)B點(diǎn)而言)( )
A.12 m B.10 m
C.8.5 m D.7 m
解析:ABD 已知在C點(diǎn)小球?qū)壍罒o(wú)壓力,由重力提供向心力,得mg=,小球從靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn),根據(jù)動(dòng)能定理得mg(H-2R)-Wf=mv2,小球從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn),根據(jù)動(dòng)能定理得mg(2R-h(huán))-Wf′=0-mv2,由于機(jī)械能有損失,在關(guān)于BC對(duì)稱的位置下滑速度比上升速度小,因此小球?qū)A環(huán)壓力小,所受摩擦力小,所以下滑時(shí),克服摩擦力做功小,即Wf>Wf′>0,解得8 m 9、誤.
8.(2018·咸陽(yáng)模擬)如圖所示,質(zhì)量為M、長(zhǎng)為L(zhǎng)的木板置于光滑的水平面上,一質(zhì)量為m的滑塊放置在木板左端,滑塊與木板間滑動(dòng)摩擦力大小為f,用水平的恒定拉力F作用于滑塊.當(dāng)滑塊運(yùn)動(dòng)到木板右端時(shí),木板在地面上移動(dòng)的距離為s,滑塊速度為v1,木板速度為v2,下列結(jié)論中正確的是( )
A.上述過(guò)程中,F(xiàn)做功大小為mv+Mv
B.其他條件不變的情況下,M越大,s越小
C.其他條件不變的情況下,F(xiàn)越大,滑塊到達(dá)右端所用時(shí)間越長(zhǎng)
D.其他條件不變的情況下,f越大,滑塊與木板間產(chǎn)生的熱量越多
解析:BD 由功能原理可知,上述過(guò)程中,F(xiàn)做功大小為二者動(dòng)能與產(chǎn)生的熱量之和,選項(xiàng)A錯(cuò)誤; 10、其他條件不變的情況下,M越大,M的加速度越小,s越小,選項(xiàng)B正確;其他條件不變的情況下,F(xiàn)越大,滑塊的加速度越大,滑塊到達(dá)右端所用時(shí)間越短,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;其他條件不變的情況下,滑塊與木板間產(chǎn)生的熱量等于滑動(dòng)摩擦力與相對(duì)位移的乘積,f越大,滑塊與木板間產(chǎn)生的熱量越多,選項(xiàng)D正確.
二、非選擇題(本題共4小題,共52分.有步驟計(jì)算的需寫出規(guī)范的解題步驟.)
9.(8分)某同學(xué)利用如圖所示的裝置“探究功與速度變化的關(guān)系”:在木板的左端固定一擋板,擋板上拴一輕質(zhì)彈簧,彈簧的右端固定一小物塊,物塊的上方有一很窄的遮光片,當(dāng)彈簧的長(zhǎng)度為原長(zhǎng)時(shí),物塊恰處于O點(diǎn),O點(diǎn)的正上方有一光電門,光電門上連接計(jì)時(shí)器( 11、圖中未畫(huà)出).已知彈性勢(shì)能的表達(dá)式為Ep=k(Δx)2.
(1)實(shí)驗(yàn)開(kāi)始時(shí),________平衡摩擦力;________測(cè)量遮光片的寬度(均選填“需要”或“不需要”).
(2)所有實(shí)驗(yàn)條件具備后,將小物塊向左壓縮彈簧Δx后從靜止釋放,小物塊在彈簧的作用下被彈出,記下遮光片通過(guò)光電門的時(shí)間t1.
(3)將小物塊向左壓縮彈簧2Δx、3Δx、4Δx…后從靜止釋放,小物塊在彈簧的作用下被彈出,分別記下遮光片通過(guò)光電門的時(shí)間t2、t3、t4…
(4)將幾次實(shí)驗(yàn)中彈簧對(duì)小物塊做的功分別記為W1、W2、W3…,則W1:W2:W3=________,若以W為縱坐標(biāo),為橫坐標(biāo)作圖,則得到的圖像是__ 12、______(選填“一條直線”或“一條曲線”).
解析:(1)由于該實(shí)驗(yàn)要求彈簧彈力做功,所以不能有摩擦力做功,所以需要平衡摩擦力.光電門測(cè)速度的原理是用平均速度來(lái)代替瞬時(shí)速度v,小物塊在彈簧的作用下被彈出,記下遮光片(寬度設(shè)為d)通過(guò)光電門的時(shí)間t,小物塊的速度v=,根據(jù)功能關(guān)系可以求出需要驗(yàn)證的關(guān)系式為W=mv2=m,若以W為縱坐標(biāo),為橫坐標(biāo)作圖,則得到的圖像是一條傾斜直線,即可得到合力做功與速度變化的關(guān)系,所以不需要測(cè)量遮光片的寬度.(4)已知彈性勢(shì)能的表達(dá)式為Ep=k(Δx)2,所以幾次實(shí)驗(yàn)中彈簧對(duì)小物塊做的功分別記為W1∶W2∶W3…,則W1∶W2∶W3=1∶4∶9,若以W為縱坐標(biāo) 13、,為橫坐標(biāo)作圖,則得到的圖像是一條直線.
答案:(1)需要 不需要
(4)1∶4∶9 一條直線
10.(8分)(2018·淄博模擬)某同學(xué)用如圖1所示的裝置驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律.
(1)用游標(biāo)卡尺測(cè)量金屬球的直徑:圖2為游標(biāo)卡尺校零時(shí)的示數(shù),用該游標(biāo)卡尺測(cè)量小球的直徑,其示數(shù)為10.00 mm,所測(cè)金屬球的直徑d=________mm.
(2)用一根不可伸長(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)線拴住該金屬球,細(xì)線的另一端同定在懸點(diǎn)O,在最低點(diǎn)前后放置一組光電門,測(cè)得懸點(diǎn)到球心的距離為L(zhǎng).將金屬球從最低點(diǎn)拉開(kāi)θ角,由靜止釋放金屬球,金屬球在豎直面(紙面)內(nèi)擺動(dòng),記下金屬球第一次通過(guò)光電門的時(shí)間t,金屬球通過(guò)光電 14、門的速度大小為_(kāi)_______;已知重力加速度為g,則驗(yàn)證金屬球機(jī)械能守恒的表達(dá)式為_(kāi)_______(用字母L、d、θ、t、g表示).
解析:(1)由圖可知,游標(biāo)尺20格相當(dāng)主尺39 mm,那么游標(biāo)尺1格與主尺2格相差0.05 mm,游標(biāo)卡尺讀數(shù)為d=10.00 mm-3×0.05 mm=9.85 mm.
(2)小球經(jīng)過(guò)最低點(diǎn)時(shí)速度可表示為v=;小球下擺過(guò)程中重力勢(shì)能減少量為ΔEp=mgL(1-cos θ),動(dòng)能的增加量ΔEk=mv2=m()2,若mgL(1-cos θ)=m()2,即2gL(1-cos θ)=()2成立,說(shuō)明小球下擺過(guò)程機(jī)械能過(guò)恒.
答案:(1)9.85 (2) 2gL 15、(1-cos θ)=()2
11.(16分)(2018·濟(jì)南模擬)如圖所示,固定斜面的傾角θ=30°,物體A與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=,輕彈簧下端固定在斜面底端,彈簧處于原長(zhǎng)時(shí)上端位于C點(diǎn).用一根不可伸長(zhǎng)的輕繩通過(guò)輕質(zhì)光滑的定滑輪連接物體A、B,滑輪右側(cè)輕繩與斜面平行,物體A的質(zhì)量為2m=4 kg,物體B的質(zhì)量為m=2 kg,初始時(shí)物體A到C點(diǎn)的距離為L(zhǎng)=1 m.現(xiàn)給物體A、B一初速度v0=3 m/s,使物體A開(kāi)始沿斜面向下運(yùn)動(dòng),物體B向上運(yùn)動(dòng),物體A將彈簧壓縮到最短后又恰好能彈到C點(diǎn).已知重力加速度為g=10 m/s2,不計(jì)空氣阻力,整個(gè)過(guò)程中,輕繩始終處于伸直狀態(tài),求:
(1)物 16、體A向下運(yùn)動(dòng)剛到C點(diǎn)時(shí)的速度大??;
(2)彈簧的最大壓縮量和彈簧的最大彈性勢(shì)能.
解析:(1)物體A和斜面間的滑動(dòng)摩擦力f=2μmgcos θ(2分)
物體A沿斜面向下運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)的過(guò)程中,對(duì)A、B整體根據(jù)動(dòng)能定理有:
2mgLsin θ-mgL-fL=×3mv2-×3mv(3分)
解得:v==2 m/s(2分)
(2)對(duì)物體A接觸彈簧,將彈簧壓縮了x到最短后又恰回到C點(diǎn)這段過(guò)程,對(duì)系統(tǒng)應(yīng)用動(dòng)能定理有:
-f·2x=0-×3mv2,(3分)
解得:x=0.4 m(2分)
彈簧從壓縮最短到恰好能彈到C點(diǎn)的過(guò)程中,對(duì)系統(tǒng)根據(jù)能量守恒有Ep+mgx=2mgxsin θ+fx,(2分) 17、
解得Ep=6 J.(2分)
答案:(1)2 m/s (2)0.4 m 6 J
12.(20分)如圖所示,傾角30°的光滑斜面上,輕質(zhì)彈簧兩端連接著兩個(gè)質(zhì)量均為m=1 kg的物塊B和C,C緊靠著擋板P,B通過(guò)輕質(zhì)細(xì)繩跨過(guò)光滑定滑輪與質(zhì)量M=8 kg的物塊A連接,細(xì)繩平行于斜面,A在外力作用下靜止在圓心角為60°、半徑R=2 m的光滑圓弧軌道的頂端a處,此時(shí)繩子恰好拉直且無(wú)張力;圓弧軌道最低端b與粗糙水平軌道bc相切,bc與一個(gè)半徑r=0.2 m的光滑圓軌道平滑連接.由靜止釋放A,當(dāng)A滑至b時(shí),C恰好離開(kāi)擋板P,此時(shí)繩子斷裂.已知A與bc間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.1,重力加速度g=10 m/s 18、2,彈簧的形變始終在彈性限度內(nèi),細(xì)繩不可伸長(zhǎng).
(1)求彈簧的勁度系數(shù);
(2)求物塊A滑至b處,繩子斷后瞬間,A對(duì)圓軌道的壓力大小;
(3)為了讓物塊A能進(jìn)入圓軌道且不脫軌,則bc間的距離應(yīng)滿足什么條件?
解析:(1)A位于a處時(shí),繩無(wú)張力且物塊B靜止,故彈簧處于壓縮狀態(tài),對(duì)B,由平衡條件有kx=mgsin 30°(1分)
當(dāng)C恰好離開(kāi)擋板P時(shí),C的加速度為0,故彈簧處于拉伸狀態(tài)
對(duì)C,由平衡條件有kx′=mgsin 30°(1分)
由幾何關(guān)系知R=x+x′(1分)
代入數(shù)據(jù)解得k==5 N/m(1分)
(2)物塊A在a處與在b處時(shí),彈簧的形變量相同,彈性勢(shì)能相同.故A 19、在a處與在b處時(shí),A、B系統(tǒng)的機(jī)械能相等
有MgR(1-cos 60°)=mgRsin 30°+Mv+mv(2分)
如圖所示,將A在b處的速度分解,由速度分解關(guān)系有vAcos 30°=vB(1分)
代入數(shù)據(jù)解得vA==4 m/s(1分)
在b處,對(duì)A,由牛頓第二定律有N-Mg=(1分)
代入數(shù)據(jù)解得N=Mg+=144 N(1分)
由牛頓第三定律知,A對(duì)圓軌道的壓力大小為N′=144 N(1分)
(3)物塊A不脫離圓形軌道有兩種情況
①第一種情況,不超過(guò)圓軌道上與圓心的等高點(diǎn)
由動(dòng)能定理,恰能進(jìn)入圓軌道時(shí)需滿足條件
-μMgx1=0-Mv(1分)
恰能到圓心等高處時(shí)需滿足條件
-Mgr-μMgx2=0-Mv(1分)
代入數(shù)據(jù)解得x1==8 m,x2==6 m(1分)
即6 m≤x≤8 m(1分)
②第二種情況,過(guò)圓軌道最高點(diǎn)
在最高點(diǎn),由牛頓第二定律有Mg+FN=(1分)
恰能過(guò)最高點(diǎn)時(shí),F(xiàn)N=0,v=(1分)
由動(dòng)能定理有-Mg·2r-μMgx′=Mv2-Mv(1分)
代入數(shù)據(jù)解得x′==3 m(1分)
故此時(shí)bc間距離應(yīng)滿足0≤x≤3 m.(1分)
答案:(1)5 N/m (2)144 N
(3)6 m≤x≤8 m或0≤x≤3 m
9
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