《(通用版)2020版高考物理二輪復習 小卷30分鐘提分練(二)(8選擇+2實驗)(含解析)》由會員分享,可在線閱讀,更多相關《(通用版)2020版高考物理二輪復習 小卷30分鐘提分練(二)(8選擇+2實驗)(含解析)(5頁珍藏版)》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。
1、小卷30分鐘提分練(8選擇+2實驗)(二)
一、選擇題(本題共8小題,每小題6分.在每小題給出的四個選項中,第14~18題只有一項符合題目要求,第19~21題有多項符合題目要求.全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分.)
14.下列說法正確的是( )
A.原子核的結合能越大,原子核越穩(wěn)定
B.β衰變釋放出電子,說明原子核內有電子
C.氡的半衰期為3.8天,8個氡原子核經(jīng)過7.6天后剩下2個氡原子核
D.用頻率為υ的入射光照射光電管的陰極,遏止電壓為Uc,改用頻率為2υ的入射光照射同一光電管,遏止電壓大于2Uc
解析:原子核的比結合能越大,原子核越穩(wěn)定,選項A錯誤;
2、原子核內只有質子和中子,β衰變的實質是原子核內的一個中子轉化為一個電子和一個質子,選項B錯誤;半衰期是對大量原子核衰變的統(tǒng)計規(guī)律,對少數(shù)原子核不適用,選項C錯誤;根據(jù)愛因斯坦光電效應方程Ek=hυ-W0以及Ek=eUc可知,用頻率為υ的入射光照射光電管的陰極,遏止電壓為Uc,即有:eUc=hυ-W0,改用頻率為2υ的入射光照射同一光電管,則有:eU′c=2hυ-W0,所以有U′c>2Uc,選項D正確.
答案:D
15.汽車在限速為40 km/h的平直道路上勻速行駛,駕駛員發(fā)現(xiàn)前方斑馬線上有行人,于是減速禮讓,汽車到達斑馬線處時行人已通過斑馬線,駕駛員便加速前進,監(jiān)控系統(tǒng)繪制出該汽車的速
3、度v隨時間t變化的圖象如圖所示,下列說法正確的是( )
A.減速前該車已超速
B.汽車在加速階段的加速度大小為3 m/s2
C.駕駛員開始減速時距斑馬線18 m
D.汽車在加速階段發(fā)動機的輸出功率保持不變
解析:由題圖可知該汽車減速前的速度是36 km/h,所以減速前該車沒有超速,選項A錯誤;v-t圖線的斜率表示加速度,因此,汽車在加速階段的加速度大小為3 m/s2,選項B正確;v-t圖線與坐標軸所圍圖形的面積表示位移,由題圖可知,汽車在0.5 s時開始減速,開始減速時到斑馬線的距離小于18 m,選項C錯誤;汽車在加速階段加速度不變,即牽引力不變,但速度不斷增大,根據(jù)P=Fv知,發(fā)
4、動機的輸出功率不斷增大,選項D錯誤.
答案:B
16.如圖所示,固定的木板與豎直墻面的夾角為θ,重為G的物塊靜止在木板與墻面之間,不計一切摩擦,則( )
A.物塊對木板的壓力大小為
B.物塊對木板的壓力大小為Gcos θ
C.物塊對墻面的壓力大小為Gtan θ
D.物塊對墻面的壓力大小為Gsin θcos θ
解析:本題考查受力分析,目的是考查學生的推理能力。物塊受力如圖所示,由共點力平衡條件可得物塊所受木板和墻面的支持力大小分別為F1=、F2=,根據(jù)牛頓第三定律可知物塊對木板和墻面的壓力大小分別為F1′=、F2′=,選項A正確,B、C、D均錯誤.
答案:A
1
5、7.如圖所示,圓形區(qū)域內有一垂直于紙面向里的、磁感應強度大小為B1的勻強磁場,磁場邊界上的P點有一粒子源,可以在紙面內向各個方向以相同的速率發(fā)射同種帶電粒子,不考慮粒子的重力以及粒子之間的相互作用,這些粒子從某一段圓弧射出邊界,這段圓弧的弧長是圓形區(qū)域周長的;若僅將磁感應強度的大小變?yōu)锽2,這段圓弧的弧長變?yōu)閳A形區(qū)域周長的,則等于( )
A. B.
C. D.
解析:設圓形磁場區(qū)域半徑為R,圓弧的弧長是圓形區(qū)域周長的時,圓弧對應的圓心角為120°,帶電粒子做圓周運動的半徑為r1,則sin 60°=,解得r1=R;圓弧的弧長是圓形區(qū)域周長的時,圓弧對應的圓心角為90°,粒子做圓周
6、運動的半徑為r2,則sin 45°=,解得r2=R.粒子在磁場中運動,洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律得qvB=m,解得B=,則==,故C正確.
答案:C
18.如圖,勻強磁場中,一單匝矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉軸勻速轉動,線框中產生的交變電動勢瞬時值隨時間變化的規(guī)律為e=20sin 100πt(V).下列說法正確的是( )
A.該線框轉動的頻率是100 Hz
B.該線框產生的交變電動勢最大值是20 V
C.t=0.005 s時刻,線框平面與中性面重合
D.t=0.05 s時刻,穿過線框的磁通量變化率為0
解析:根據(jù)題述線框中產生的交變電動勢瞬時值隨時間變化的規(guī)律為e
7、=20sin 100πt(V),可知2πf=100π,解得該線框轉動的頻率f=50 Hz,選項A錯誤;該線框產生的交變電動勢最大值為20 V,有效值為20 V,選項B錯誤;t=0.005 s時刻,線框中產生的交變電動勢瞬時值為e1=20sin 0.5π(V)=20 V,此時線框平面與中性面垂直,選項C錯誤.t=0.05 s時刻,線框中產生的交變電動勢瞬時值為e2=20sin 5π(V)=0,可知此時穿過線框的磁通量變化率為0,線框平面與中性面重合,選項D正確.
答案:D
19.[2019·廣東六校第三次聯(lián)考]2019年1月3日,“嫦娥四號”探測器登陸月球,實現(xiàn)人類探測器首次月球背面軟著陸.
8、為給“嫦娥四號”探測器提供通信支持,我國于2018年5月21日發(fā)射了“嫦娥四號”中繼衛(wèi)星“鵲橋”,如圖所示,“鵲橋”中繼衛(wèi)星圍繞地月拉格朗日L2點旋轉,“鵲橋”與L2點的距離遠小于L2點與地球的距離.已知位于地月拉格朗日L1、L2點處的小物體在地、月的引力作用下,幾乎不消耗燃料,便可與月球同步繞地球做圓周運動.下列說法正確的是( )
A.“鵲橋”的發(fā)射速度大于11.2 km/s
B.“鵲橋”繞地球運動的周期約等于月球繞地球運動的周期
C.同一衛(wèi)星在L2點受地、月引力的合力比在L1點受地、月引力的合力大
D.“鵲橋”若剛好位于L2點,則它能夠更好地為“嫦娥四號”探測器提供通信支持
9、
解析:11.2 km/s是衛(wèi)星脫離地球的引力束縛的最小發(fā)射速度,“鵲橋”并沒有脫離地球的引力,其發(fā)射速度應小于11.2 km/s,選項A錯誤;根據(jù)題意知中繼衛(wèi)星“鵲橋”繞地球轉動的周期與月球繞地球轉動的周期近似相同,選項B正確;由題意可知,同一衛(wèi)星位于L1點和L2點時,繞地球轉動的角速度相同,再結合F=mω2r可知,同一衛(wèi)星在L2點所受月球和地球引力的合力比在L1點的要大,選項C正確;“鵲橋”若剛好位于L2點,由幾何關系可知,通訊范圍較小,則它并不能更好地為“嫦娥四號”探測器提供通信支持,故D錯誤.
答案:BC
20.如圖所示,豎直平面內有一圓周,其圓心為O,直徑AB和CD相互垂直,
10、電荷量均為Q的兩個正點電荷放在關于CD對稱的圓周上,它們所在的兩條半徑的夾角為120°,則下列說法正確的是( )
A.點O與點C的場強相同
B.點C與點D的場強大小之比為1
C.一電子從點D由靜止釋放,運動到點C的過程中,加速度先減小后增大
D.將一正點電荷沿著圓周從點A經(jīng)D移至點B的過程中,電場力先做正功,后做負功
解析:點O與點C的場強大小相等,方向相反,故A錯誤;根據(jù)矢量合成法則,C點場強為EC=2×k×cos 60°=k,D點的場強為ED=2×k×=k,點C與點D的場強大小之比為1,故B正確;根據(jù)電場強度的矢量合成法則,直線CD上距離兩點電荷連線x=R
11、則電子從點D到點C的過程中,加速度先增大,后減小,再增大,故C錯誤;根據(jù)等量同種點電荷的電場分布規(guī)律可知,正點電荷沿著圓周從點A到點D,電場力做正功,從點D到點B的過程中,電場力做負功,故D正確.
答案:BD
21.如圖所示,物塊從足夠長的粗糙斜面底端O點,以某一速度向上運動,到達最高點后又沿斜面下滑.物塊先后兩次經(jīng)過斜面上某一點A點時的動能分別為Ek1和Ek2,重力勢能分別為Ep1和Ep2,從O點開始到第一次經(jīng)過A點的過程中重力做功為WG1,合外力做功的絕對值為W1,從O點開始到第二次經(jīng)過A點的過程中重力做功為WG2,合外力做功的絕對值為W2,則下列選項正確的是( )
A.Ek1
12、>Ek2,Ep1=Ep2 B.Ek1=Ek2,Ep1>Ep2
C.WG1=WG2,W1WG2,W1=W2
解析:假設A點距離斜面底端的高度為h,則物塊先后兩次在A點具有的重力勢能大小為Ep=mgh,因此兩次在A點具有的重力勢能大小相等;兩次重力做的功均為WG=-mgh,因此從運動開始到先后兩次通過A點的過程中,重力做功相等;由題意可知,除重力外斜面對物塊的摩擦力做負功,而摩擦力做功與通過的路程有關,因此從運動開始到第二次經(jīng)過A點的過程摩擦力做功多,則從O點開始到第二次經(jīng)過A點的過程中合外力做功的絕對值大,即W1
13、>Ek2.由以上分析可知A、C正確,B、D錯誤.
答案:AC
二、非選擇題(考生按要求作答)
22.(5分)某同學在“探究彈簧和彈簧伸長的關系”的實驗中,測得圖中彈簧OC的勁度系數(shù)為500 N/m.如圖1所示,用彈簧OC和彈簧秤a、b做“探究求合力的方法”實驗.在保持彈簧OC方向和伸長1.00 cm不變的條件下.
(1)彈簧秤a、b間夾角為90°,彈簧秤a的讀數(shù)是________N(圖2所示),則彈簧秤b的讀數(shù)可能為________N.
(2)若彈簧秤a、b間夾角小于90°,保持彈簧秤a與彈簧OC的夾角不變,增大彈簧秤b與彈簧OC的夾角,則彈簧秤a的讀數(shù)________、彈簧秤b
14、的讀數(shù)________(填“變大”“變小”或“不變”).
解析:
(1)根據(jù)胡克定律可知,F(xiàn)=kx=500×0.01 N=5 N;根據(jù)彈簧秤的讀數(shù)方法可知,a的讀數(shù)為3.00 N;兩彈簧秤夾角為90°,則可知,b的讀數(shù)為:F==4.00 N;(2)若彈簧秤a、b間夾角大于90°,保持彈簧秤a與彈簧OC的夾角不變,增大彈簧秤b與彈簧OC的夾角;如圖所示;則可知兩彈簧秤的示數(shù)均變大.
答案:(1)3.00(2分) 4.00(1分) (2)變大(1分) 變大(1分)
23.(10分)課外小組利用如圖甲所示電路測量電壓表(毫伏表)內阻RV,該電壓表量程為500 mV,內阻約為100 Ω.圖
15、中電源電動勢為E、內阻忽略不計,R1為滑動變阻器,R2為電阻箱,V為待測電壓表.經(jīng)以下步驟可近似測得電壓表V的內阻RV.
a.斷開S2,閉合S1,電阻箱R2的阻值調到最大,調節(jié)R1,使電壓表讀數(shù)等于其量程U0;
b.保持R1不變,閉合S2,調節(jié)R2,使電壓表讀數(shù)等于,然后讀出R2的值,取RV=R2.
(1)按圖甲所示的實物圖,在圖乙的虛線框中畫出電路圖.
(2)在備選的實驗器材中,有兩個滑動變阻器供選擇,它們的銘牌上分別標有:A.“4 500 Ω,1 A”,B.“50 Ω,2 A”,在保證各實驗器材均能正常工作的前提下,為盡可能提高測量精度且便于調節(jié),滑動變阻器R1應選用___
16、_____(選填“A”或“B”).
(3)若實驗中測得的結果RV=100 Ω,要將這個電壓表改裝成量程為10 V的電壓表,則應串聯(lián)一個阻值為Rx=________Ω的定值電阻.
(4)本實驗中測RV的系統(tǒng)誤差來自于________.
解析:(1)根據(jù)實物圖畫出電路圖,如圖所示.(2)由電路圖可知,滑動變阻器采用的是限流式接法,故為盡可能提高測量精度且便于調節(jié),滑動變阻器應用電阻最大值較大的.(3)根據(jù)串聯(lián)電路電流相等,可得=,解得Rx=1 900 Ω.(4)閉合S2前后,認為總電流不變,而實際上閉合S2后總電阻減小了,故總電流變大.
答案:(1)如圖所示(3分)
(2)A(2分) (3)1 900(2分)
(4)認為總電流不變(或實際總電流變大)(3分)
- 5 -