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1、選擇題滿分練(九)
二、選擇題:本題共8小題,每小題6分,共48分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第14~18題只有一項(xiàng)符合題目要求,第19~21題有多項(xiàng)符合題目要求.全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分.
14.(2019·遼寧沈陽市第一次質(zhì)檢)“神舟十一號(hào)”飛船與“天宮二號(hào)”空間實(shí)驗(yàn)室自動(dòng)交會(huì)對(duì)接前的示意圖如圖1所示,圓形軌道Ⅰ為“天宮二號(hào)”運(yùn)行軌道,圓形軌道Ⅱ?yàn)椤吧裰凼惶?hào)”運(yùn)行軌道.此后“神舟十一號(hào)”要進(jìn)行多次變軌,才能實(shí)現(xiàn)與“天宮二號(hào)”的交會(huì)對(duì)接,則( )
圖1
A.“天宮二號(hào)”在軌道Ⅰ的運(yùn)行速率大于“神舟十一號(hào)”在軌道Ⅱ的運(yùn)行速率
B.“神舟十一號(hào)”由軌
2、道Ⅱ變軌到軌道Ⅰ需要減速
C.“神舟十一號(hào)”為實(shí)現(xiàn)變軌需要向后噴出氣體
D.“神舟十一號(hào)”變軌后比變軌前機(jī)械能減少
答案 C
解析 由題可知,萬有引力提供向心力,即G=m,則v=,由于“天宮二號(hào)”運(yùn)行半徑大,可知其速率小,故A錯(cuò)誤;“神舟十一號(hào)”由軌道Ⅱ變軌到軌道Ⅰ需要加速做離心運(yùn)動(dòng),要向后噴出氣體,速度變大,發(fā)動(dòng)機(jī)做正功,機(jī)械能增加,故C正確,B、D錯(cuò)誤.
15.(2019·河南安陽市下學(xué)期二模)如圖2所示,質(zhì)量為m=2.0kg的物體靜止在光滑的水平地面上.t=0時(shí)刻起物體在水平向右的恒力F1=1.0N的作用下開始運(yùn)動(dòng),經(jīng)過一段時(shí)間t0后,恒力大小變?yōu)镕2=2.6N,方向改為水平向
3、左.在t=12.0s時(shí)測(cè)得物體運(yùn)動(dòng)的瞬時(shí)速度大小v=6.24m/s,則t0為( )
圖2
A.12.1s B.6.0s
C.5.2s D.2.6s
答案 C
解析 由牛頓第二定律可得:a1==0.5m/s2,a2==1.3m/s2,若在12 s末速度方向是向右的,則有:a1t0-a2(12 s-t0)=6.24 m/s,解得:t0≈12.13s>12s,不符合題意,所以12s末速度方向是向左的,即a1t0-a2(12s-t0)=-6.24m/s,解得:t0=5.2s,故C正確.
16.(2019·山西呂梁市下學(xué)期期末)如圖3所示,光滑圓軌道豎直固定在水平地面上,O為圓心,A為
4、軌道上的一點(diǎn),OA與水平地面夾角為30°.小球在拉力F作用下始終靜止在A點(diǎn).當(dāng)拉力方向水平向左時(shí),拉力F的大小為10N.當(dāng)將拉力F在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)至沿圓軌道切線方向時(shí),拉力F的大小為( )
圖3
A.5N B.15N
C.10N D.10N
答案 A
解析 當(dāng)拉力水平向左時(shí),對(duì)小球受力分析,小球受到豎直向下的重力,沿OA向外的支持力,以及拉力F,如圖甲所示,矢量三角形可得G=Ftan30°=10×N=10N,當(dāng)拉力沿圓軌道切線方向時(shí),對(duì)小球受力分析如圖乙所示,矢量三角形可得F=Gcos30°=5N,A正確.
17.(2019·四川樂山市第一次調(diào)查研究)如圖4所示,真空中a、
5、b、c、d四點(diǎn)共線且等距,a、b、c、d連線水平.先在a點(diǎn)固定一點(diǎn)電荷+Q,測(cè)得b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為E.若再將另一點(diǎn)電荷+2Q放在d點(diǎn),則( )
圖4
A.b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為,方向水平向右
B.b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為E,方向水平向左
C.c點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為E,方向水平向右
D.c點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大小為E,方向水平向左
答案 A
解析 設(shè)ab=bc=cd=L,根據(jù)題意知:+Q在b點(diǎn)產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小為E,方向水平向右.由點(diǎn)電荷的場(chǎng)強(qiáng)公式得:E=k,+2Q在b點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為:E1=k=k=E,方向水平向左,所以b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為Eb=E-E1=E,方向水平向右,故A正確,B錯(cuò)誤;+Q在c點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小
6、為Ec1=k=k=E,方向水平向右;+2Q在c點(diǎn)產(chǎn)生的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為:Ec2=k=2E,方向水平向左,所以c點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為Ec=E,方向水平向左,故C、D錯(cuò)誤.
18.(2019·河南開封市第一次模擬)如圖5所示,空間存在垂直紙面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)和水平向左、場(chǎng)強(qiáng)為E的勻強(qiáng)電場(chǎng).有一質(zhì)量為m,電荷量大小為q的微粒垂直于磁場(chǎng)且以與水平方向成45°角的速度v做直線運(yùn)動(dòng),重力加速度為g.則下列說法正確的是( )
圖5
A.微??赡茏鰟蚣铀僦本€運(yùn)動(dòng)
B.微??赡苤皇軆蓚€(gè)力作用
C.勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=
D.勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E=
答案 D
解析 粒子所受洛倫茲力F
7、=qvB,方向與速度方向垂直,因微粒做直線運(yùn)動(dòng),則微粒一定做勻速直線運(yùn)動(dòng),若粒子帶正電,則粒子所受電場(chǎng)力向左,洛倫茲力垂直速度v斜向右下方,而重力豎直向下,則電場(chǎng)力、洛倫茲力和重力三個(gè)力的合力不可能為0,粒子不可能做直線運(yùn)動(dòng),所以粒子不可能帶正電,故粒子帶負(fù)電,則粒子所受電場(chǎng)力向右,洛倫茲力垂直速度v斜向左上方,而重力豎直向下,根據(jù)平衡條件,有:qE=mgtan45°,qvB=,聯(lián)立解得:E=,B=,故A、B、C錯(cuò)誤,D正確.
19.(2019·廣東清遠(yuǎn)市期末質(zhì)量檢測(cè))1956年,李政道和楊振寧提出在弱相互作用中宇稱不守恒,并由吳健雄用半衰期為5.27年的Co放射源進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)驗(yàn)證,次年李
8、、楊二人獲得諾貝爾物理學(xué)獎(jiǎng).Co的衰變方程式是:Co→Ni+e+e.(其中e是反中微子,它的電荷量為零,靜止質(zhì)量可認(rèn)為是零),衰變前Co核靜止,根據(jù)云室照片可以看到衰變產(chǎn)物Ni和e不在同一條直線上的事實(shí).根據(jù)這些信息可以判斷( )
A.Ni的核子數(shù)A是60,核電荷數(shù)Z是28
B.此核反應(yīng)為α衰變
C.Ni與e的動(dòng)量之和不可能等于零
D.衰變過程動(dòng)量不守恒
答案 AC
解析 根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒有:60=A,27=Z-1,解得A=60,Z=28,選項(xiàng)A正確;此核反應(yīng)放出電子,為β衰變,選項(xiàng)B錯(cuò)誤.衰變前核靜止,動(dòng)量為零,衰變時(shí)不受外力則動(dòng)量守恒,因衰變產(chǎn)物Ni和e不在同一條直
9、線上且有反中微子e生成,則Ni和e動(dòng)量之和不可能為零,選項(xiàng)C正確,D錯(cuò)誤.
20.(2019·貴州黔東南州第一次模擬)如圖6所示,變壓器為理想變壓器,副線圈中三個(gè)電阻的阻值大小關(guān)系為R1=R2=2r=2Ω,導(dǎo)線電阻不計(jì),電流表為理想交流電表,原線圈輸入正弦式交流電e=110sin100πt(V),開關(guān)S斷開時(shí),電阻r消耗的電功率為100W.下列說法正確的是( )
圖6
A.原線圈輸入電壓的有效值為110V
B.開關(guān)S閉合前后,通過電阻R1的電流之比為2∶3
C.開關(guān)S閉合前后,電流表的示數(shù)之比為2∶3
D.變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為11∶3
答案 CD
解析 原線圈輸入
10、正弦式交流電e=110sin100πt(V),故有效值為110V,故A錯(cuò)誤;對(duì)于理想變壓器,由=可知,無論開關(guān)S閉合與否,副線圈兩端電壓不變,開關(guān)S閉合前,副線圈所在電路,有I1=I==,開關(guān)S閉合后,I′==,通過電阻R1的電流為I1′==,開關(guān)S閉合前后,通過電阻R1的電流之比為=4∶3,故B錯(cuò)誤;電流表的示數(shù)I0=,故閉合前后有==,故C正確;開關(guān)S斷開時(shí),對(duì)電阻r,有P=I2r,得I==A=10A,此時(shí)副線圈兩端電壓的有效值為U2=I(r+R1)=10×(1+2) V=30V,變壓器原、副線圈的匝數(shù)之比為==,故D正確.
21.(2019·陜西漢中市3月聯(lián)考)如圖7所示,位于同一絕緣
11、水平面內(nèi)的兩根固定金屬導(dǎo)軌MN、M′N′電阻不計(jì),兩導(dǎo)軌之間存在豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng).現(xiàn)將兩根長度相同、粗細(xì)均勻、電阻分布均勻的相同銅棒ab、cd放在兩導(dǎo)軌上,若兩棒從圖示位置以相同的速度沿MN方向做勻速直線運(yùn)動(dòng),運(yùn)動(dòng)過程中始終與兩導(dǎo)軌接觸良好,且始終與導(dǎo)軌MN垂直,不計(jì)一切摩擦,則下列說法正確的是( )
圖7
A.回路中有順時(shí)針方向的感應(yīng)電流
B.回路中的感應(yīng)電流不斷減小
C.回路中的熱功率不斷增大
D.兩棒所受安培力的合力不斷減小
答案 BD
解析 兩棒以相同的速度沿MN方向做勻速直線運(yùn)動(dòng),回路的磁通量不斷增大,根據(jù)楞次定律可知,感應(yīng)電流方向沿逆時(shí)針,故A錯(cuò)誤;設(shè)兩棒的距離為s,M′N′與MN的夾角為α.回路中總的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E=BLcdv-BLabv=Bv·(Lcd-Lab)=Bvstanα,保持不變,由于回路的電阻不斷增大,而總的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不變,所以回路中的感應(yīng)電流不斷減小,故B正確;兩棒所受安培力的合力為F=BILcd-BILab=BI(Lcd-Lab)=BIstanα,由于電流減小,所以兩棒所受安培力的合力不斷減小,故D正確;回路中的熱功率為P=,E不變,R增大,則P不斷減小,故C錯(cuò)誤.
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