（通用版）2020高考物理三輪沖刺 題型練輯 選擇題滿分練（四）（含解析）

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1、選擇題滿分練(四) 二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分．在每小題給出的四個選項中，第14～18題只有一項符合題目要求，第19～21題有多項符合題目要求．全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分． 14．(2019·山東日照市上學期期末)豎直向上發(fā)射一物體(不計空氣阻力)，在物體上升的某一時刻突然炸裂為a、b兩塊，質(zhì)量較小的a塊速度方向與物體原來的速度方向相反，則(　　) A．a(chǎn)塊的速度一定比原來物體的速度小 B．b塊的速度方向一定與原來物體的速度方向相同 C．b塊的速度一定比原來物體的速度小 D．炸裂過程中，b塊的動量變化量大小一定小于a塊的動量變化量大小

2、 答案　B 解析　在炸裂過程中，由于外力遠小于內(nèi)力，系統(tǒng)的動量守恒．炸裂前物體的速度方向為正方向，炸裂后a塊的速度方向與原來的方向相反，根據(jù)動量守恒定律有：(ma＋mb)v0＝ma(－va)＋mbvb；解得：vb＝＞v0；由題意可知，b塊的速度方向一定與物體原來的速度方向相同，故A、C錯誤，B正確；由動量守恒可知，炸裂過程中，b塊的動量變化量大小一定等于a塊的動量變化量大小，故D錯誤． 15．(2019·福建廈門市上學期期末質(zhì)檢)中國首批隱形戰(zhàn)斗機已經(jīng)全面投入使用．演習時，在某一高度水平勻速飛行的戰(zhàn)斗機離目標水平距離為L時投彈(投彈瞬間相對戰(zhàn)斗機的速度為零)，可以準確命中目標．若戰(zhàn)斗機水平

3、飛行高度加倍，飛行速度大小減半，要仍能命中目標，則戰(zhàn)斗機投彈時離目標的水平距離為(不考慮空氣阻力)(　　) A.LB.LC．LD.L 答案　B 解析　炸彈被投下后做平拋運動，在水平方向上的分運動為勻速直線運動，在豎直方向上的分運動為自由落體運動，所以在豎直方向上：h＝gt2，解得：t＝ 在水平方向上：L＝v0t＝v0 當戰(zhàn)斗機飛行的高度加倍，飛行速度大小減半時，炸彈的水平位移變?yōu)樵瓉淼模燥w機投彈時距離目標的水平距離應為L. 16．(2019·天津市和平區(qū)上學期期末)如圖1所示為一速度選擇器，兩極板P1、P2之間存在電場強度為E的勻強電場和磁感應強度為B的勻強磁場．一束帶電粒

4、子流以速度v從S1沿直線運動到S2，則下列說法中正確的是(　　) 圖1 A．該粒子流的粒子一定帶正電 B．粒子從S1到S2一定做勻速直線運動 C．粒子運動的速度大小一定等于 D．若粒子以速度v從S2向上運動，一定能沿直線到達S1 答案　B 解析　粒子受洛倫茲力和電場力．假設粒子帶正電，則受到向右的洛倫茲力，向左的電場力；若粒子帶負電，則所受洛倫茲力向左，電場力向右，均可以平衡，故粒子可以帶正電，也可以帶負電，故A錯誤；粒子做勻速直線運動才能不發(fā)生偏轉(zhuǎn)而沿直線通過，洛倫茲力與電場力平衡，即qE＝qvB，解得v＝，故B正確，C錯誤；如果這束粒子流從S2向上運動，電場力方向不變，洛

5、倫茲力反向，電場力與洛倫茲力不再平衡，故合力與速度不共線，粒子開始做曲線運動，不能沿直線運動到S1，故D錯誤． 17．(2019·貴州貴陽市一模)下列說法正確的是(　　) A．若某種材料的逸出功是W0，則其截止頻率為ν0＝ B．當氫原子從n＝2能級躍遷到n＝6能級時，發(fā)射出光子 C.Th衰變?yōu)镻b要經(jīng)過4次α衰變和6次β衰變 D．中子與質(zhì)子結(jié)合成氘核時吸收能量 答案　A 解析　結(jié)合光子能量計算公式E＝hν，某種材料的逸出功是W0，則它的截止頻率為ν0＝，故A正確；氫原子從n＝2能級躍遷到n＝6能級，從低能級向高能級躍遷，要吸收能量，故B錯誤；Th衰變?yōu)镻b，根據(jù)質(zhì)量數(shù)和電荷數(shù)守恒

6、可知，要經(jīng)過6次α衰變和4次β衰變，故C錯誤；中子和質(zhì)子結(jié)合成氘核時有質(zhì)量虧損，釋放能量，故D錯誤． 18．(2019·江西南昌市一模)一位物理老師制作了一把如圖2所示的“簡易銅絲琴”．制作過程為：在一塊木板上固定兩顆螺絲釘，將一根張緊的銅絲纏繞在兩顆螺絲釘之間，擴音器通過導線與兩螺絲釘連接，銅絲旁邊放置一塊磁鐵，用手指撥動銅絲，擴音器上就發(fā)出了聲音．根據(jù)上面所給的信息，下面說法正確的是(　　) 圖2 A．銅絲的振動引起空氣振動而發(fā)出聲音 B．振動的銅絲切割磁感線產(chǎn)生直流電流 C．該“簡易銅絲琴”將電能轉(zhuǎn)化為機械能 D．利用這一裝置所揭示的原理可制成發(fā)電機 答案　D 19.

7、(2019·廣東廣州市4月模擬)如圖3所示，在同一平面內(nèi)有①②③三根等間距平行放置的長直導線，通入的電流強度分別為1A、2A、1A，②的電流方向為c→d且受到安培力的合力方向水平向右，則(　　) 圖3 A．①的電流方向為a→b B．③的電流方向為e→f C．①受到安培力的合力方向水平向左 D．③受到安培力的合力方向水平向左 答案　BCD 解析　由題意知三根導線等間距平行放置，根據(jù)“同向電流相互吸引，異向電流相互排斥”，因②的電流方向為c→d且受到安培力的合力方向水平向右，可知①的電流方向為b→a，③的電流方向為e→f，選項A錯誤，B正確；①受到②③的排斥力，故安培力的合力方向

8、水平向左，選項C正確；③受到②的吸引力和①的排斥力，因②的吸引力大于①的排斥力，故③受到安培力的合力方向水平向左，選項D正確． 20.空間存在兩點電荷產(chǎn)生的靜電場，在xOy橫軸上沿x軸正方向電場強度E隨x變化的關系如圖4所示，圖線關于坐標原點對稱，虛線為兩條漸近線，M、N是兩條漸近線到原點O的中點，且|PO|＝3|MO|.取無窮遠處電勢為零，下列說法中正確的是(　　) 圖4 A．M、N兩點的電勢相等 B．P點電勢高于M點電勢 C．M、O兩點電場強度大小之比為20∶9 D．單位正電荷從O點移到N點過程中，電場力做功為W，則N點電勢數(shù)值為－W 答案　BCD 解析　由題圖可知MN

9、之間的電場線方向沿x軸正方向，故左邊的電荷為正電荷，右邊為等量的負電荷，故M點的電勢比N點電勢高，P點電勢高于M點電勢，故A錯誤，B正確；設MO的距離為r，正、負電荷的電荷量大小為Q，M點電場強度大小為EM＝＋＝，O點電場強度大小為EO＝＋＝，M、O兩點電場強度大小之比為EM∶EO＝∶＝20∶9，故C正確；沿電場線方向電勢降低，O點電勢為零，所以單位正電荷從O點移到N點過程中，電場力做功為W，則N點電勢數(shù)值為－W，故D正確． 21.如圖5所示，在豎直平面內(nèi)，一根不可伸長的輕質(zhì)軟繩兩端打結(jié)系于“V”形桿上的A、B兩點，已知OM邊豎直，且|AO|＝|OB|，細繩繞過光滑的滑輪，重物懸掛于滑輪下處

10、于靜止狀態(tài)．若在紙面內(nèi)繞端點O按順時針方向緩慢轉(zhuǎn)動“V”形桿，直到ON邊豎直．繩子的張力為FT，A點處繩子與桿之間的摩擦力大小為Ff，則(　　) 圖5 A．張力FT一直增大 B．張力FT先增大后減小 C．摩擦力Ff一直減小 D．摩擦力Ff先增大后減小 答案　BC 解析　設滑輪兩側(cè)繩子與豎直方向的夾角為α，受力分析如圖甲所示． 在紙面內(nèi)繞端點O按順時針方向緩慢轉(zhuǎn)動“V”形桿，直到ON邊豎直，AB的長度不變，AB在水平方向的投影先變長后變短，繩子與豎直方向的夾角α先變大后變小，所以張力FT＝先增大后減小，故A錯誤，B正確；以A處結(jié)點為研究對象，受力分析如圖乙所示．根據(jù)平衡條件可知， Ff＝FTcos (α＋β)＝＝(cosβ－tanαsinβ)， 在紙面內(nèi)繞端點O按順時針方向緩慢轉(zhuǎn)動“V”形桿，繩子與豎直方向的夾角α先變大后變小，OA桿與豎直方向的夾角β一直變大，當繩子與豎直方向的夾角α變大時，摩擦力減小，當繩子與豎直方向的夾角α變小時，α＋β還是在增大，所以摩擦力還是在減小，故C正確，D錯誤． 6