2022年高考物理總復(fù)習(xí) 專題2 牛頓運(yùn)動定律的應(yīng)用(一)課時作業(yè)(含解析)

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1、2022年高考物理總復(fù)習(xí) 專題2 牛頓運(yùn)動定律的應(yīng)用(一)課時作業(yè)(含解析) 一、單項(xiàng)選擇題 1.(xx ·增城調(diào)研)在探究超重和失重規(guī)律時,體重為G的某同學(xué)站在一壓力傳感器上,傳感器和計(jì)算機(jī)相連.某同學(xué)完成了一次下蹲動作,經(jīng)計(jì)算機(jī)處理后得到壓力F隨時間t變化的圖象.下列圖象中符合情景的是(  ) 【答案】D 【解析】對人的運(yùn)動過程分析可知,人在加速下蹲的過程中,有向下的加速度,處于失重狀態(tài),此時人對傳感器的壓力小于人的重力的大?。? 在減速下蹲的過程中,加速度方向向上,處于超重狀態(tài),此時人對傳感器的壓力大于人的重力的大小,A、B、C錯誤;所以D正確. 2.如圖1所示,一個箱子中

2、放有一物體.已知靜止時物體對下底面的壓力等于物體的重力,且物體與箱子上底面剛好接觸.現(xiàn)將箱子以初速度v0豎直向上拋出,已知箱子所受空氣阻力與箱子運(yùn)動的速率成正比,且箱子運(yùn)動過程中始終保持圖示姿態(tài).則下列說法正確的是(  ) 圖1 A.上升過程中,物體對箱子的下底面有壓力,且壓力越來越小 B.上升過程中,物體對箱子的上底面有壓力,且壓力越來越大 C.下降過程中,物體對箱子的下底面有壓力,且壓力可能越來越大 D.下降過程中,物體對箱子的上底面有壓力,且壓力可能越來越小 【答案】C 【解析】對箱子和物體整體在上升過程中受力分析,如圖所示: 由牛頓第二定律可知,Mg+kv=Ma,則

3、a=g+,又整體向上做減速運(yùn)動v減小,所以a減?。辉賹ξ矬w單獨(dú)進(jìn)行受力分析,如圖所示: 因a>g,所以物體受到箱子上底面向下的彈力FN,由牛頓第二定律可知, mg+FN=ma,則FN=ma-mg,而a減小,則FN減小,所以上升過程中物體對箱子上底面有壓力且壓力越來越??;同理,當(dāng)箱子和物體下降時,物體對箱子下底面有壓力且壓力越來越大.C正確. 3.(xx·重慶)如圖2甲為伽利略研究自由落體運(yùn)動實(shí)驗(yàn)的示意圖.讓小球由傾角為θ的光滑斜面滑下,然后在不同的θ角條件下進(jìn)行多次實(shí)驗(yàn),最后推理出自由落體運(yùn)動是一種勻加速直線運(yùn)動.分析該實(shí)驗(yàn)可知,小球?qū)π泵娴膲毫?、小球運(yùn)動的加速度和重力加速度與各自最

4、大值的比值y隨θ變化的圖象分別對應(yīng)圖2乙中的(  ) 圖2 A.①②和③ B.③②和① C.②③和① D.③①和② 【答案】B 【解析】本題考查的是受力分析、牛頓第二定律和力的合成與分解,主要考查考生的分析能力.難度中等.小球沿斜面向下運(yùn)動的過程中,由重力沿斜面向下的分力提供加速度,即a=gsin θ,加速度隨著傾角的增大而增大,因此加速度與其最大值的比值隨 θ變化的關(guān)系圖象為圖線②,重力加速度與其最大值的比值與傾角無關(guān),為圖線①,由受力分析可知小球?qū)π泵娴恼龎毫閙gcos θ,隨著夾角的增大而減小,小球?qū)π泵娴膲毫εc其最大值的比值隨 θ變化的關(guān)系圖象為圖線③,選項(xiàng)B正確.

5、 4.(xx·北京模擬)幾位同學(xué)為了探究電梯啟動和制動時的加速度大小,他們將體重計(jì)放在電梯中.一位同學(xué)站在體重計(jì)上,然后乘坐電梯從1層直接到10層,之后又從10層直接回到1層.并用照相機(jī)進(jìn)行了相關(guān)記錄,如圖3所示.他們根據(jù)記錄,進(jìn)行了以下推斷分析,其中正確的是(  ) 圖3 A.根據(jù)圖2和圖3可估測出電梯向上啟動時的加速度 B.根據(jù)圖1和圖2可估測出電梯向上制動時的加速度 C.根據(jù)圖1和圖5可估測出電梯向下制動時的加速度 D.根據(jù)圖4和圖5可估測出電梯向下啟動時的加速度 【答案】C 【解析】由圖1可知該同學(xué)的體重約為47 kg,根據(jù)圖1、圖2可估算出電梯向上啟動時的加速度,根

6、據(jù)圖1、圖5可估算出電梯向下制動時的加速度,而根據(jù)圖2與圖3和圖4與圖5無法估算加速度,C正確. 二、雙項(xiàng)選擇題 5.如圖4所示,質(zhì)量為m的小物塊以初速度v0沿足夠長的固定斜面上滑,斜面傾角為θ,物塊與該斜面間的動摩擦因數(shù)μ>tan θ,圖中表示該物塊的速度v和所受摩擦力f隨時間t變化的圖線(以初速度v0的方向?yàn)檎较?,可能正確的是(  ) 圖4 【答案】AC 【解析】物塊的運(yùn)動情況是先向上做減速運(yùn)動,所受滑動摩擦力為μmgcos θ,方向沿斜面向下,達(dá)到最高點(diǎn)后由于μ>tan θ即mgsin θ<μmgcos θ,滑塊不會向下滑動,而是保持靜止,靜摩擦力的大小等于重力的下

7、滑分力mgsin θ,小于上滑時的摩擦力μmgcos θ,所以A、C正確. 6.(xx·浙江)如圖5所示,總質(zhì)量為460 kg的熱氣球,從地面剛開始豎直上升時的加速度為0.5 m/s2.當(dāng)熱氣球上升到180 m時,以5 m/s的速度向上勻速運(yùn)動.若離開地面后熱氣球所受浮力保持不變,上升過程中熱氣球總質(zhì)量不變,重力加速度g=10 m/s2.關(guān)于熱氣球,下列說法正確的是(  ) 圖5 A.所受浮力大小為4 830 N B.加速上升過程中所受空氣阻力保持不變 C.從地面開始上升10 s后的速度大小為5 m/s D.以5 m/s勻速上升時所受空氣阻力大小為230 N 【答案】AD

8、【解析】本題考查了牛頓動力學(xué)問題.難度中等.氣球剛剛開始上升時,受浮力和重力,根據(jù)牛頓第二定律得F?。璵g=ma,解得F?。? 830 N,A項(xiàng)正確;因?yàn)闅馇蚴艿降母×椭亓Σ蛔儯詈髿馇蜃鰟蛩龠\(yùn)動,說明氣球受到的阻力大小隨速度的增大而增大,B項(xiàng)錯誤;根據(jù)牛頓第二定律得氣球做加速度逐漸減小的加速運(yùn)動,假設(shè)氣球做勻加速運(yùn)動,并且運(yùn)動的位移和末速度都與變加速的相同,根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式得氣球做勻加速運(yùn)動加速到5 m/s的時間t==10 s,所以氣球做變加速運(yùn)動加速到5 m/s的時間大于10s,C項(xiàng)錯誤;氣球最后做勻速運(yùn)動時,根據(jù)平衡條件得F?。璵g-f=0,解得f=230 N,D項(xiàng)正確. 7.(x

9、x·佛山模擬)為了讓乘客乘車更為舒適,某探究小組設(shè)計(jì)了一種新的交通工具,乘客的座椅能隨著坡度的變化而自動調(diào)整,使座椅始終保持水平,如圖6所示.當(dāng)此車減速上坡時,乘客(  ) 圖6 A.處于失重狀態(tài) B.重力勢能增加 C.受到向前的摩擦力作用 D.所受力的合力沿斜面向上 【答案】AB 【解析】當(dāng)車減速上坡時,乘客受到向后的摩擦力、支持力和重力,合力方向沿斜面向下,在豎直方向上支持力小于重力,處于失重狀態(tài).選項(xiàng)A、B正確. 8.傳送機(jī)的皮帶與水平方向的夾角為α,如圖7所示,將質(zhì)量為m的物體放在皮帶傳送機(jī)上,隨皮帶一起向下以加速度a(a>gsin α)勻加速直線運(yùn)動,則(  )

10、 圖7 A.小物體受到的靜摩擦力的方向一定沿皮帶向上 B.小物體受到的靜摩擦力的方向一定沿皮帶向下 C.小物塊受到的靜摩擦力的大小可能等于mgsin α D.小物塊受到的靜摩擦力的大小可能等于0 【答案】BC 9.在升降電梯內(nèi)的地面上放一體重計(jì),電梯靜止時,曉敏同學(xué)站在體重計(jì)上,體重計(jì)示數(shù)為50 kg.電梯運(yùn)動過程中,某一段時間內(nèi)曉敏同學(xué)發(fā)現(xiàn)體重計(jì)示數(shù)如圖8所示,重力加速度為g,在這段時間內(nèi)下列說法中正確的是(  ) 圖8 A.曉敏同學(xué)所受的重力變小了 B.曉敏對體重計(jì)的壓力等于體重計(jì)對曉敏的支持力 C.電梯一定在豎直向下運(yùn)動 D.電梯的加速度大小為,方向一定豎直

11、向下 【答案】BD 【解析】曉敏在這段時間內(nèi)處于失重狀態(tài),是由于曉敏對體重計(jì)的壓力變小了,而曉敏的重力沒有改變,A錯;曉敏對體重計(jì)的壓力與體重計(jì)對曉敏的支持力是一對作用力與反作用力,大小一定相等,B正確;以豎直向下為正方向,有mg-FN=ma,解得a=,方向豎直向下,但速度方向可能是豎直向上,也可能是豎直向下,C錯,D正確. 10.如圖9所示,升降機(jī)天花板上用輕彈簧懸掛一物體,升降機(jī)靜止時彈簧伸長10 cm,運(yùn)動時彈簧伸長9 cm,則升降機(jī)的運(yùn)動狀態(tài)可能是(  ) 圖9 A.以a=1 m/s2的加速度加速下降 B.以a=9 m/s2的加速度加速上升 C.以a=1 m/s2的加

12、速度減速上升 D.以a=9 m/s2的加速度減速下降 【答案】AC 【解析】當(dāng)升降機(jī)靜止時有kx1=mg,其中k為彈簧的勁度系數(shù),x1=0.1 m;當(dāng)彈簧伸長量x2為0.09 m時,設(shè)升降機(jī)加速度為a,加速度方向必向下,由牛頓第二定律有mg-kx2=ma,解得a=1 m/s2,方向向下,故可判定A、C正確. 三、非選擇題 11.傳送帶以恒定速度v=4 m/s順時針運(yùn)行,傳送帶與水平面的夾角θ=37°.現(xiàn)將質(zhì)量m=2 kg的小物品輕放在其底端(小物品可看成質(zhì)點(diǎn)),平臺上的人通過一根輕繩用恒力F=20 N拉小物品,經(jīng)過一段時間物品被拉到離地面高為H=1.8 m的平臺上,如圖10所示.已知

13、物品與傳送帶之間的動摩擦因數(shù)μ=0.5,設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,g取10 m/s2,已知sin 37°=0.6,cos 37°=0.8.問: 圖10 (1)物品從傳送帶底端運(yùn)動到平臺上所用的時間是多少? (2)若在物品與傳送帶達(dá)到同速瞬間撤去恒力F,求物品還需多少時間離開傳送帶? 【答案】(1)1 s (2)(2-) s 【解析】(1)物品在達(dá)到與傳送帶速度 v=4 m/s相等前,有: F+μmgcos 37°-mgsin 37°=ma1 解得a1=8 m/s2 由v=a1t1 得t1=0.5 s 位移s1==1 m 隨后有: F-μmgcos 37°-mg

14、sin 37°=ma2 解得a2=0,即物品隨傳送帶勻速上升 位移s2=-s1=2 m t2==0.5 s 總時間為t=t1+t2=1 s. (2)撤去恒力F后有: μmgcos 37°-mgsin 37°=ma3 a3=-2 m/s2 假設(shè)物品向上勻減速到速度為0時,通過的位移為s s==4 m>s2 由s2=vt3+ 得:t3=(2-) s[t3=(2+) s>1 s舍去 12.如圖11甲所示,質(zhì)量為m=1 kg的物體置于傾角為θ=37°的固定斜面上(斜面足夠長),對物體施加平行于斜面向上的恒力F,作用時間t1=1 s時撤去拉力,物體運(yùn)動的部分v-t圖象如圖乙所示,

15、取g=10 m/s2.試求: 甲           乙 圖11 (1)物體與斜面間的動摩擦因數(shù)和拉力F的大?。? (2)t=6 s時物體的速度,并在乙圖上將t=6 s內(nèi)物體運(yùn)動的v-t圖象補(bǔ)畫完整,要求標(biāo)明有關(guān)數(shù)據(jù). 【答案】(1)μ=0.5 F=30 N (2)見解析 【解析】(1)設(shè)撤去拉力前物體的加速度大小為a1,撤去拉力后物體沿斜面繼續(xù)上滑的加速度大小為a2.由v-t圖象可知:a1= m/s2=20 m/s2 a2= m/s2=10 m/s2 對物體在撤去拉力前用牛頓第二定律得 F-mgsin 37°-μmgcos 37°=ma1 對物體在撤去拉力后上滑時用牛頓第二定律得 mgsin 37°+μmgcos 37°=ma2 解得F=30 N,μ=0.5. (2)加速上滑的時間t1=1 s,撤去拉力時的速度為v=20 m/s.設(shè)再經(jīng)過t2速度減至0.由0=v-a2t2得t2=2 s. 在最高點(diǎn)時,因mgsin 37°>μmgcos 37°,故物體將沿斜面加速下滑,設(shè)加速度大小為a3. 據(jù)牛頓第二定律得 mgsin 37°-μmgcos 37°=ma3 解得a3=2 m/s2 再經(jīng)過3 s物體的速度大小為6 m/s,方向沿斜面向下,補(bǔ)畫完整后的圖線及有關(guān)數(shù)據(jù)如圖所示.

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