2022年高三數(shù)學(xué)上學(xué)期第二次聯(lián)考試題 文(含解析)新人教A版
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1、2022年高三數(shù)學(xué)上學(xué)期第二次聯(lián)考試題 文(含解析)新人教A版 【試卷綜述】本試卷試題主要注重基本知識、基本能力、基本方法等當面的考察,覆蓋面廣,注重數(shù)學(xué)思想方法的簡單應(yīng)用,試題有新意,符合課改和教改方向,能有效地測評學(xué)生,有利于學(xué)生自我評價,有利于指導(dǎo)學(xué)生的學(xué)習(xí),既重視雙基能力培養(yǎng),側(cè)重學(xué)生自主探究能力,分析問題和解決問題的能力,突出應(yīng)用,同時對觀察與猜想、閱讀與思考等方面的考查。 【題文】第 Ⅰ 卷(選擇題 共 共 60 分) 【題文】一、選擇題:本大題共 12 小題,每小題 5 分,共 60 分.在每小題給出的四個選項中,只有一項是符合題目要求的. 【題文】1.設(shè)全集U=R,集
2、合A={x|y=},B={y|y=},則=( ) A.[-1,0] B.(-1,0) C. D. 【知識點】函數(shù)的定義域;函數(shù)的值域;集合運算. B1 A1 【答案】【解析】C 解析:A=(-1,1),B=,故=,所以選C. 【思路點撥】先化簡集合A、B,再由補集、交集的意義求得結(jié)論. 【題文】2.已知函數(shù),則= ( ) A. B. C. D. 【知識點】分段函數(shù)的函數(shù)值. B1 【答案】【解析】C 解析:∵,∴=, 故選C. 【思路點撥】先分析在哪兩個整數(shù)之間,利用x≥1時的條件,把其變換到x<1
3、的情況,再用x<1時的表達式求解. 【題文】3.下列命題中,真命題是( ) A.對于任意x∈R,; B.若“p且q”為假命題,則p,q 均為假命題; C.“平面向量的夾角是鈍角”的充分不必要條件是“”; D.存在m∈R,使是冪函數(shù),且在上是遞減的. 【知識點】充分條件;必要條件;基本邏輯聯(lián)結(jié)詞及量詞. A2 A3 【答案】【解析】D 解析:x=2時不成立,所以A 是假命題;若“p且q”為假命題,則p,q可以一真一假,所以B是假命題;因為時,向量可能共線反向,即 夾角是180°,不是鈍角,所以C是假命題;而當m=2時,是冪函數(shù),且在上是遞減的,所以D成立
4、.故選 D. 【思路點撥】逐個分析每個命題的真假. 【題文】4.設(shè)等比數(shù)列的前n項和為,若,則公比q=( ) A.1或-1 B.1 C. -1 D. 【知識點】等比數(shù)列及其前n項和. D2 【答案】【解析】A 解析:當q=1 時,成立;當q≠1時, ,綜上得q=1或-1,故選A. 【思路點撥】分q=1與q≠1兩種情況討論求解. 【題文】5.已知實數(shù)x,y滿足約束條件,則的最大值為( ) A. B. C. D. 【知識點】線性規(guī)劃的應(yīng)用. E5 【答案】【解析】B 解析:因為,所以要求z的最大值,只需求
5、的最小值,畫出可行域可得,使取得最小值的最優(yōu)解為A(,2), 代入得所求為,故選B. 【思路點撥】把目標函數(shù)化為,則只需求可行域中的點(x,y)與點(-1,-1)確定的直線的斜率的最小值即可. 【題文】6.設(shè)向量,其中,若,則=( ) A. B. C. D. 【知識點】向量數(shù)量積的坐標運算;已知三角函數(shù)值求角. F2 F3 C7 【答案】【解析】D 解析:因為, 所以,又因為 , 所以 因為,所以=,故選D. 【思路點撥】利用向量的模與向量數(shù)量積的關(guān)系,轉(zhuǎn)化為數(shù)量積運算,從而得 ,再由得結(jié)論. 【題文】7.設(shè),若,則
6、的最小值為( ) A. B. 6 C. D. 【知識點】基本不等式 E6 【答案】【解析】A 解析:由題可知故選A. 【思路點撥】根據(jù)不等式成立的條件,可湊出應(yīng)用基本不等式的條件,最后找出結(jié)果. 【題文】8. 中內(nèi)角A,B,C,所對的邊分別為a,b,c,若, 則角A=( ) A. B. C. D. 【知識點】正弦定理 ;余弦定理 C8 【答案】【解析】A 解析:由已知條件可知,再由余弦定理可知, 【思路點撥】由正弦定理可得到角與邊的關(guān)系,再根據(jù)余弦定理可求出角的余弦值. 【題文】9.已知在處的極值為
7、10,則( ) A.0或-7 B.-7 C.0 D. 7 【知識點】利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的極值 B11 【答案】【解析】B 解析:=3x2+2ax+b, 由題意得,=3+2a+b=0①,f(1)=1+a+b+a2=10②, 聯(lián)立①②解得或, 當a=﹣3,b=3時,=3x2﹣6x+3=3(x﹣1)2, x<1或x>1時,>0,所以x=1不為極值點,不合題意; 經(jīng)檢驗,a=4,b=﹣11符合題意,所以 故答案為:B 【思路點撥】求出導(dǎo)函數(shù),令導(dǎo)函數(shù)在1處的值為0;f(x)在1處的值為10,列出方程組求出a,b的值,注意檢驗. 【題文】10.已知函
8、數(shù),則函數(shù)的大致圖像為( ) 【知識點】函數(shù)的圖象與性質(zhì) B8 【答案】【解析】A 解析:由函數(shù)的奇偶性可知函數(shù)為非奇非偶函數(shù),所以排除B,C,再令,說明當x為負值時,有小于零的函數(shù)值,所以排除D. 【思路點撥】根據(jù)函數(shù)的性質(zhì)排除不正確的選項,現(xiàn)由特殊值判定函數(shù)的情況,最后可得解. 【題文】11.在平面直角坐標系xoy中,圓C的方程為,若直線上至少存在一點,使得以該點為圓心,1為半徑的圓與圓C有公共點,則實數(shù)k的取值范圍是( ) A. B. C. D. 【知識點】直線和圓的方程的應(yīng)用 H4 【答案】【解析】C 解析:將圓C的方
9、程整理為標準方程得:(x﹣4)2+y2=1, ∴圓心C(4,0),半徑r=1, ∵直線y=kx﹣2上至少存在一點,使得以該點為圓心,1為半徑的圓與圓C有公共點, ∴只需圓C′:(x﹣4)2+y2=4與y=kx﹣2有公共點, ∵圓心(4,0)到直線y=kx﹣2的距離d=≤2, 解得:0≤k≤.故答案為:[0,]. 【思路點撥】將圓C的方程整理為標準形式,找出圓心C的坐標與半徑r,根據(jù)直線y=kx﹣2上至少存在一點,使得以該點為圓心,1為半徑的圓與圓C有公共點,得到以C為圓心,2為半徑的圓與直線y=kx﹣2有公共點,即圓心到直線y=kx﹣2的距離小于等于2,利用點到直線的距離公式列出關(guān)
10、于k的不等式求出不等式的解集即可得到k的范圍. 【題文】12.已知函數(shù),若函數(shù)有且只有一個零點,則實數(shù)a的取值范圍是( ) A. B. C. D. 【知識點】函數(shù)與方程 B9 【答案】【解析】B 解析:由題可知有一個根,即,所以可變?yōu)榕c只有一個交點的問題,由兩個函數(shù)的圖象可知,所以選B. 【思路點撥】函數(shù)與方程的問題,也是數(shù)形結(jié)合的問題,根據(jù)函數(shù)的圖象關(guān)系可求出結(jié)果. 【題文】第 Ⅱ 卷(非選擇題共90 分) 【題文】二、填空題:本大題共 4 小題,每小題 5 分,共20 分.將答案填在題中的橫線上. 【題文】13. 已知,則的值為_______
11、_. 【知識點】誘導(dǎo)公式;二倍角公式.. C2 C7 【答案】【解析】 解析: 【思路點撥】用已知角表示未知角,再結(jié)合二倍角公式即可。 【題文】14. . 某空間幾何體的三視圖如圖所示, 則這個空間幾何體的表面積是________. 【知識點】由三視圖求面積、體積. G2 【答案】【解析】 解析:由三視圖可知,該幾何體為上部為半徑為的球,下部為半徑為1,高為2的半個圓柱,幾何體的表面積為等于球的表面積:4π×=π,半圓柱的底面面積為2××=,半圓柱的側(cè)面積為2×(2+)=4+2.幾何體的表面積為:. 故答案為:. 【思路點撥】由三視圖可知,該幾何體為
12、上部為半徑為的球,下部為半徑為1,高為2的半個圓柱,利用相關(guān)的面積公式求解即可解答. 【題文】15. 已知雙曲線 C :的離心率為, A B 為左、右頂點,點 P 為雙曲線 C 在第一象限的任意一點,點 O 為坐標原點,若直線PA, PB ,PO 的斜率分別為,記,則 m 的取值范圍為________. 【知識點】雙曲線的簡單性質(zhì). H6 【答案】【解析】 解析:∵雙曲線 C :的離心率為, ∴∴,設(shè)P ,∵點 P 為雙曲線 C 在第一象限的任意一點,∴,即,∵A B 為左、右頂點,點 O 為坐標原點,若直線PA, PB ,PO 的斜率分別為,∴, 又∵雙曲線漸近線為,∴,∴
13、0<<,故答案為. 【思路點撥】由已知條件推導(dǎo)出,, ,由此能求出的取值范圍. 【題文】16. 設(shè)集合為平面直角坐標系 xoy 內(nèi)的點集,若對于任意,存在,使得,則稱點集 M 滿足性質(zhì) P . 給出下列四個點集: ① ② ③ ④ 其中所有滿足性質(zhì) P 的點集的序號是______. 【知識點】命題的真假判斷與應(yīng)用.A2 【答案】【解析】③④ 解析:對于①,;,定義域是R,對于任意,不存在,使得,①不滿足點集M滿足性質(zhì)P. 對于②,;的定義域,對于任意,不妨?。?,0),不存在,使得,②不滿足點集M滿足性質(zhì)P. 對于③,.圖形是圓,對于任意,存在,x2與x1符號相
14、反,即可使得,③滿足點集M滿足性質(zhì)P. 對于④,.圖形是雙曲線,對于任意,存在,x2與x1符號相反,即可使得,④滿足點集M滿足性質(zhì)P. 正確判斷為③④. 【思路點撥】分析性質(zhì)P的含義,說明數(shù)量積小于0,向量的夾角是鈍角,推出結(jié)果即可. 三、解答題:本大題共 6小題,共70分. 解答應(yīng)寫出文字說明、證明過程或演算步驟. . 【題文】17.已知函數(shù),若函數(shù)的圖像與直線(a為常數(shù))相切,并且切點的橫坐標依次成公差為的等差數(shù)列. (1)求的表達式及a的值; (2)將函數(shù)的圖象向左平移個單位,再向上平移1個單位,得到函數(shù),求其單調(diào)增區(qū)間. 【知識點】三角函數(shù)的化簡求值 三角函數(shù)的圖
15、象與性質(zhì) C3 C7 【答案】【解析】(1) (2) 解析:(1)由題意得,由解析式可知函數(shù)的最小正周期為 (2)將函數(shù)的圖象向左平移個單位,得到,再向上平移1個單位,得到,即 由,整理得,所以函數(shù)的單調(diào)增區(qū)間是 【思路點撥】把式子化成一個三角函數(shù)的形式,即可求出最小正周期,再根據(jù)圖象的平移可求出函數(shù)的單調(diào)區(qū)間. 【題文】18.(本小題滿分12分) 已知正項數(shù)列中,其前n項和為,且. (1) 求數(shù)列的通項公式; (2) 設(shè),,求 【知識點】數(shù)列的求和;數(shù)列遞推式 D2 D4 【答案】【解析】(1) an=2n﹣1 (2) 解析:(1)由題設(shè)條件知4Sn=
16、(an+1)2,得4Sn+1=(an+1+1)2,兩者作差,得4an+1=(an+1+1)2﹣(an+1)2. 整理得(an+1﹣1)2=(an+1)2. 又數(shù)列{an}各項均為正數(shù),所以an+1﹣1=an+1,即an+1=an+2, 故數(shù)列{an}是等差數(shù)列,公差為2,又4S1=4a1=(a1+1)2,解得a1=1,故有an=2n﹣1 (2)由(1)可得 ∴Tn= 【思路點撥】(1)由4Sn=(an+1)2,得4Sn+1=(an+1+1)2,兩者作差,研究{an}的相鄰項的關(guān)系,由此關(guān)系求其通項即可. (2)由(1)可,裂項求和即可. 【題文】19.(本小題滿分 12 分)
17、 在如圖所示的多面體 PMBCA 中,平面 PAC平面 ABC ,PAC是邊長為 2 的正三角 形, PM / / BC ,且, . (1)求證: PA BC ; (2)若多面體 PMBCA 的體積為,求 PM 的長. 【知識點】棱柱、棱錐、棱臺的體積. G7 【答案】【解析】(1)見解析;(2)2 解析:(1) ∵,, ,∴,∴⊥ ∵平面PAC⊥平面ABC,平面PAC∩平面ABC=AC, ∴BC⊥平面PAC, ∵PA?平面PAC,∴BC⊥PA. ……………………6 分 (2)過點 A作AD⊥PC垂足為D ,設(shè) PM 的長為x ,由(1)知, BC⊥平面 PAC
18、, ∴BC⊥AD , ,∵BCPC =C, ∴AD⊥平面 BCPM , ∴AD為多面體 PMBCA 的高,且AD = ……………………8 分 又 PM / / BC ,且, ∴四邊形 BCPM 是上下底分別為x ,4, 高為2的直角梯形, ∴多面體 PMBCA的體積為, 解得,即 PM 的長為 2. ……………………12 分 【思路點撥】(1)先證明AC⊥BC,再利用平面PAC⊥平面ABC,證明BC⊥平面PAC,即可證明PA⊥BC;(2)作AD⊥PC于點D,證明AD⊥平面BCPM,求出四邊形BCPM的面積,再根據(jù)多面體PMBCA的體積求出PM 的長即可. 【題文】20.(本小題滿
19、分 12 分) 設(shè)函數(shù). (1)求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間; (2) 若 , k 為整數(shù),為的導(dǎo)函數(shù), 且當時,,求 k 的最大值. 【知識點】利用導(dǎo)數(shù)求閉區(qū)間上函數(shù)的最值;利用導(dǎo)數(shù)研究函數(shù)的單調(diào)性. B11 B12 【答案】【解析】(1)f(x)在(﹣∞,lna)單調(diào)遞減,在(lna,+∞)上單調(diào)遞增;(2)2 解析:(1)函數(shù)f(x)=ex﹣ax﹣2的定義域是R,f′(x)=ex﹣a, 若a≤0,則f′(x)=ex﹣a≥0,所以函數(shù)f(x)=ex﹣ax﹣2在(﹣∞,+∞)上單調(diào)遞增. 若a>0,則當x∈(﹣∞,lna)時,f′(x)=ex﹣a<0;當x∈(lna,+∞)時,
20、f′(x)=ex﹣a>0;所以,f(x)在(﹣∞,lna)單調(diào)遞減,在(lna,+∞)上單調(diào)遞增. (2)由于a=1,所以,(x﹣k) f′(x)+x+1=(x﹣k) (ex﹣1)+x+1 故當x>0時,(x﹣k) f′(x)+x+1>0等價于k<(x>0)① 令g(x)=,則g′(x)= 由(I)知,函數(shù)h(x)=ex﹣x﹣2在(0,+∞)上單調(diào)遞增,而h(1)<0,h(2)>0,所以h(x)=ex﹣x﹣2在(0,+∞)上存在唯一的零點,故g′(x)在(0,+∞)上存在唯一的零點,設(shè)此零點為α,則有α∈(1,2) 當x∈(0,α)時,g′(x)<0;當x∈(α,+∞)時,g′(x)
21、>0;所以g(x)在(0,+∞)上的最小值為g(α).又由g′(α)=0,可得eα=α+2所以g(α)=α+1∈(2,3) 由于①式等價于k<g(α),故整數(shù)k的最大值為2 【思路點撥】(1)求函數(shù)的單調(diào)區(qū)間,可先求出函數(shù)的導(dǎo)數(shù),由于函數(shù)中含有字母a,故應(yīng)按a的取值范圍進行分類討論研究函數(shù)的單調(diào)性,給出單調(diào)區(qū)間;(2)由題設(shè)條件結(jié)合(I),將不等式,(x﹣k) f′(x)+x+1>0在x>0時成立轉(zhuǎn)化為k<(x>0)成立,由此問題轉(zhuǎn)化為求g(x)=在x>0上的最小值問題,求導(dǎo),確定出函數(shù)的最小值,即可得出k的最大值. 【題文】21. (本小題滿分 12 分) 如圖,拋物線4x 的焦準距
22、(焦點到準線的距離)與橢圓 的長半軸相等,設(shè)橢圓的右頂點為 A,在第一象限的交點為 B,O 為坐標原點,且 △OAB的面積為. (1)求橢圓的標準方程; (2)過 A 點作直線交于 C、 D 兩點,射線 OC、 OD 分別交于 E、F 兩點, 記△OEF,△OCD 的面積分別為,問是否存在直線,使得?若存在,求出直線的方程;若不存在,請說明理由. 【知識點】待定系數(shù)法求橢圓的方程;直線與圓錐曲線. H5 H8 【答案】【解析】(1);(2)存在直線或x-y-2=0,使得,理由:見解析. 解析:(1)因為,所以焦準距p=2, 由拋物線與橢圓的長半軸相等知a=2,-
23、------1分 因為,所以,代入拋物線方程得,--3分 又 B 點在橢圓上,代入橢圓方程,解得, 故橢圓 的標準方程是:--------5分 (2)因為直線不垂直于y 軸,故直線的方程可設(shè)為 x=my+2, 由得. 設(shè),故.-----7分 . --------8分 又直線 OC 的斜率為,故直線 OC 的方程為:x=, 由得,同理. 所以, --------11分 又,解得, 故存在直線或x-y-2=0,使得.-----12分 【思路點撥】(1)易得a=2,再由△OAB的面積及點B在拋物線上,得點B坐標,把點B坐標代入橢圓方程求得b值即可;(2)由于直線不垂y
24、 軸,故直線的方程可設(shè)為 x=my+2, 代入拋物線方程得,由韋達定理得C、D縱坐標關(guān)于m的等式;再用C、D縱坐標表示E、F的縱坐標,最后用C、D、E、F的縱坐標表示,從而得關(guān)于m的方程,求得m值. 【題文】22. (本小題滿分 10 分) 已知函數(shù). (1)解不等式; (2)若a>0,求證:. 【知識點】絕對值不等式的解法;絕對值不等式性質(zhì)的應(yīng)用. E2 N4. 【答案】【解析】(1) ;(2)證明:見解析. 解析:(1)由題意,得, 因此只須解不等式 ------------2分 當x≤1時,原不式等價于-2x+3≤2,即; 當時,原不式等價于1≤2,即; 當x>2時,原不式等價于2x-3≤2,即. 綜上,原不等式的解集為. -------5 分 (2)由題. 當a>0時 ,= ---------10分 【思路點撥】(1)分段討論解含絕對值的不等式;(2)利用絕對值不等式的性質(zhì): 證明結(jié)論.
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