5、應(yīng)用，本題屬于中檔題．
【解析】設(shè)該等差數(shù)列的首項(xiàng)為，公差為，根據(jù)題意，得，
解得，所以，，
所以，當(dāng)且僅當(dāng)，解得，此時的最小值為，故選C.
3.【答案】Ｄ
【命題立意】本題重點(diǎn)考查了等差數(shù)列的通項(xiàng)公式、等差數(shù)列的概念等知識．
【解析】根據(jù)題意，，兩式相減，得到，得，故選Ｄ．
4.【答案】A
【命題立意】本題旨在考查數(shù)列的通項(xiàng)公式、等差數(shù)列的概念、判斷、求和公式等知識．
【解析】當(dāng)時，，即，解得
當(dāng)，時，，，兩式相減得
故數(shù)列從第二項(xiàng)起是首項(xiàng)為2，公差為2的等差數(shù)列，，故選A.
5.【答案】37
【命題立意】本題旨在考查等差數(shù)列的通項(xiàng)、性質(zhì)與求和．
【解析】
6、由于，解得，故a10=a1+9d=37．
6.【答案】
【命題立意】本題考查數(shù)列的通項(xiàng)公式和裂項(xiàng)相消法求和，難度中等．
【解析】因?yàn)?，所以，得，，，將各式相加得，即，所以?
7.【答案】2n+1
【命題立意】本題考查等差數(shù)列的性質(zhì)，意在考查轉(zhuǎn)化能力，容易題.
【解析】設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為，，，
，即，.
8.【答案】見解析
【命題立意】本題主要考查數(shù)列的通項(xiàng)與前n項(xiàng)和的關(guān)系，數(shù)列求和，及放縮法的應(yīng)用.
【解析】（1）當(dāng)時， ，
當(dāng)時， ，
∵當(dāng)時， ∴ .
（2）∵
，
∴ ，
，
（3）令 ∴
令∴
7、 令∴，代入上式可得
∴，
∴∴數(shù)列的通項(xiàng)公式為 ，
∵
∴數(shù)列是首項(xiàng)，公差為15的等差數(shù)列 ，
∴ .
9.【答案】（Ⅰ），；（Ⅱ）．
【命題立意】考查等差數(shù)列、等比數(shù)列的通項(xiàng)公式，錯位相減求和，考查轉(zhuǎn)化能力，計(jì)算能力，中等題．
【解析】（Ⅰ），
,,
．
（Ⅱ） ，
上述兩式作差得
.
10.【答案】（1）bn=2·（）n－2；（2）1或2．
【命題立意】本題旨在考查數(shù)列的遞推關(guān)系式，等差數(shù)列與等比數(shù)列的通項(xiàng)，數(shù)列求和，函數(shù)的基本性質(zhì)及其應(yīng)用，考查分類討論思維．
【解析】（1）因?yàn)?，?dāng)時，，解得.
由，
當(dāng)時
8、， ，
兩式相減，得．
又因?yàn)椋裕?
所以，
所以是以1為首項(xiàng)，1為公差的等差數(shù)列，
所以．
由，得，
所以．
（2）由題意得
所以
，
，
所以，
故若為中的項(xiàng)只能為．
①若，則，所以無解．
②若，則， 顯然不合題意，符合題意．
當(dāng)時，即，則，
設(shè)，則，
即為增函數(shù)，
故，即為增函數(shù)，故．
故當(dāng)時方程無解，
即 是方程唯一解．
③若，則，即.
綜上所述，或．
11.【答案】（1）＝2；（2）略；（3）略。
【命題立意】本題旨在考查數(shù)列的遞推關(guān)系式，等比數(shù)列的定義與通項(xiàng)，數(shù)列求和，數(shù)列與不等式的綜合。
【解析
9、】（1）由（Sm＋n＋S1）2＝4a2na2m，得（S2＋S1）2＝4a，即（a2＋2a1）2＝4a．
因?yàn)閍1＞0，a2＞0，所以a2＋2a1＝a2，即＝2．
證明：（2）（方法一）令m＝1，n＝2，得（S3＋S1）2＝4a2a4，即（2a1＋a2＋a3）2＝4a2a4，
令m＝n＝2，得S4＋S1＝2a4，即2a1＋a2＋a3＝a4．
所以a4＝4a2＝8a1．
又因?yàn)椋?，所以a3＝4a1．
由（Sm＋n＋S1）2＝4a2na2m，得（Sn＋1＋S1）2＝4a2na2，（Sn＋2＋S1）2＝4a2na4．
兩式相除，得＝，所以＝＝2．
即Sn＋2＋S1＝2（Sn＋1＋S1
10、），
從而Sn＋3＋S1＝2（Sn＋2＋S1）．
所以an＋3＝2an＋2，故當(dāng)n≥3時，{an}是公比為2的等比數(shù)列．
又因?yàn)閍3＝2a2＝4a1，從而an＝a1·2 n－1，n∈N*．
顯然，an＝a1·2 n－1滿足題設(shè)，
因此{(lán)an}是首項(xiàng)為a1，公比為2的等比數(shù)列．
（方法二）在（Sm＋n＋S1）2＝4a2na2m中，
令m＝n，得S2n＋S1＝2a2n． ①
令m＝n＋1，得S2n＋1＋S1＝2 ， ②
在①中，用n＋1代n得，S2n＋2＋
11、S1＝2a2n＋2． ③
②－①，得a2n＋1＝2－2a2n＝2（－）， ④
③－②，得a2n＋2＝2a2n＋2－2＝2（－）， ⑤
由④⑤得a2n＋1＝． ⑥
⑥代入④，得a2n＋1＝2a2n；⑥代入⑤得a2n＋2＝2a2n＋1，
所以＝＝2．又＝2，
從而an＝a1·2 n－1，n∈N*．
顯然，an＝a1·2 n－1滿足題設(shè)，
因此{(lán)an}是首項(xiàng)為a1，公比為2的等比數(shù)列．
（3）由（2）知，an＝a1·2 n－1．
12、因?yàn)閨cp|＝|dp|＝a1·2p－1，所以cp＝dp或cp＝－dp．
若cp＝－dp，不妨設(shè)cp＞0，dp＜0，
則Tp≥a1·2p－1－（a1·2p－2＋a1·2p－3＋…＋a1）＝a1·2p－1－a1·（2p－1－1）＝a1＞0．
Rp≤－a1·2p－1＋（a1·2p－2＋a1·2p－3＋…＋a1）＝－a1·2p－1＋a1·（2p－1－1）＝－a1＜0．
這與Tp＝Rp矛盾，所以cp＝dp．
從而Tp－1＝Rp－1．
由上證明，同理可得cp－1＝dp－1．如此下去，可得cp－2＝dp－2，cp－3＝dp－3．…，c1＝d1．
即對任意正整數(shù)k（1≤k≤p），ck＝dk．
13、
因此{(lán)an}是首項(xiàng)為a1，公比為2的等比數(shù)列．
（3）由（2）知，an＝a1·2 n－1．
因?yàn)閨cp|＝|dp|＝a1·2p－1，所以cp＝dp或cp＝－dp．
若cp＝－dp，不妨設(shè)cp＞0，dp＜0，
則Tp≥a1·2p－1－（a1·2p－2＋a1·2p－3＋…＋a1）＝a1·2p－1－a1·（2p－1－1）＝a1＞0．
Rp≤－a1·2p－1＋（a1·2p－2＋a1·2p－3＋…＋a1）＝－a1·2p－1＋a1·（2p－1－1）＝－a1＜0．
這與Tp＝Rp矛盾，所以cp＝dp．
從而Tp－1＝Rp－1．
由上證明，同理可得cp－1＝dp－1．如此下去，可得cp－2＝dp－2，cp－3＝dp－3．…，c1＝d1．
即對任意正整數(shù)k（1≤k≤p），ck＝dk．
2022年高考數(shù)學(xué)三輪復(fù)習(xí)試題匯編 專題4 數(shù)列、推理與證明 第1講 數(shù)列（B卷）文（含解析）
