2022屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 第五章 機(jī)械能 第2講 動(dòng)能定理及其應(yīng)用作業(yè) 新人教版

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1、2022屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 第五章 機(jī)械能 第2講 動(dòng)能定理及其應(yīng)用作業(yè) 新人教版 [課時(shí)作業(yè)]                     單獨(dú)成冊 方便使用 [基礎(chǔ)題組] 一、單項(xiàng)選擇題 1.A、B兩物體在光滑水平面上,分別在相同的水平恒力F作用下,由靜止開始通過相同的位移x.若A的質(zhì)量大于B的質(zhì)量,則在這一過程中(  ) A.A獲得動(dòng)能較大 B.B獲得動(dòng)能較大 C.A、B獲得動(dòng)能一樣大 D.無法比較A、B獲得動(dòng)能大小 解析:由動(dòng)能定理可知恒力F做功W=Fx=mv2-0,因?yàn)镕、x相同,所以A、B的動(dòng)能變化相同,C正確. 答案:C 2.如圖甲所示,靜止于光滑水平面上的小物

2、塊,在水平拉力F的作用下從坐標(biāo)原點(diǎn)O開始沿x軸正方向運(yùn)動(dòng),F(xiàn)隨物塊所在位置坐標(biāo)x的變化關(guān)系如圖乙所示,圖線右半部分為四分之一圓弧,則小物塊運(yùn)動(dòng)到2x0處時(shí)的動(dòng)能可表示為(  ) A.0          B.Fmaxx0 C.Fmaxx0(1+π) D.Fmaxx0(1+) 解析:題中F-x圖像與橫坐標(biāo)圍成的面積等于拉力做功的大小,由圖像可得出W=Fmaxx0(1+),根據(jù)動(dòng)能定理得Ek=W=Fmaxx0(1+),選項(xiàng)D正確. 答案:D 3.(2018·湖北八校高三聯(lián)考)物體靜止在光滑水平面上,先對物體施加一水平向右的恒力F1,經(jīng)時(shí)間t撤去F1,立即再對它施加一水平向左的恒力

3、F2,又經(jīng)時(shí)間3t物體回到出發(fā)點(diǎn),在這一過程中,F(xiàn)1、F2分別對物體做的功W1、W2之間的關(guān)系是(  ) A.W1∶W2=1∶1   B.W1∶W2=2∶3 C.W1∶W2=9∶5 D.W1∶W2=9∶7 解析:設(shè)恒力F1作用t后物體的速度為v1,恒力F2又作用3t后物體的速度為v2,則物體在恒力F1作用t后的位移x1=,物體在恒力F2作用3t后的位移x2=×3t,由題意知x1=-x2,整理得v1=-v2,由動(dòng)能定理得,W1=mv,W2=mv-mv,則=,故選項(xiàng)D正確. 答案:D 4.用水平力F拉一物體,使物體在水平地面上由靜止開始做勻加速直線運(yùn)動(dòng),t1時(shí)刻撤去拉力F,物體做勻減速

4、直線運(yùn)動(dòng),到t2時(shí)刻停止,其速度—時(shí)間圖像如圖所示,且α>β,若拉力F做的功為W1,在0~t1時(shí)間內(nèi)拉力F的平均功率為P1,物體克服摩擦阻力f做的功為W2,0~t2時(shí)間內(nèi)克服摩擦力的平均功率為P2,下列選項(xiàng)正確的是(  ) A.W1>W(wǎng)2,F(xiàn)=2f B.W1=W2,F(xiàn)>2f C.P1<P2,F(xiàn)>2f D.P1=P2,F(xiàn)=2f 解析:由動(dòng)能定理得W1-W2=0,即W1=W2.由題圖知,加速過程加速度大小a1大于減速過程的加速度大小a2,根據(jù)牛頓第二定律,有F-f=ma1,f=ma2,因a1>a2,故F-f>f,選項(xiàng)B正確,A、D錯(cuò)誤;由題意知tf>tF,又W1=W2,根據(jù)P=可得P1>

5、P2,選項(xiàng)C錯(cuò)誤. 答案:B 5.如圖所示,質(zhì)量為m的小球,從離地面H高處從靜止開始釋放,落到地面后繼續(xù)陷入泥中h深度而停止,設(shè)小球受到空氣阻力為f,重力加速度為g,則下列說法正確的是(  ) A.小球落地時(shí)動(dòng)能等于mgH B.小球陷入泥中的過程中克服泥的阻力所做的功小于剛落到地面時(shí)的動(dòng)能 C.整個(gè)過程中小球克服阻力做的功等于mg(H+h) D.小球在泥土中受到的平均阻力為mg(1+) 解析:小球從靜止開始釋放到落到地面的過程,由動(dòng)能定理得mgH-fH=mv,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;設(shè)泥的平均阻力為f0,小球陷入泥中的過程,由動(dòng)能定理得mgh-f0h=0-mv,解得f0h=mgh+mv,f0

6、=mg(1+)-,選項(xiàng)B、D錯(cuò)誤;對全過程應(yīng)用動(dòng)能定理可知,整個(gè)過程中小球克服阻力做的功等于mg(H+h),選項(xiàng)C正確. 答案:C 二、多項(xiàng)選擇題 6.如圖所示,質(zhì)量相等的物體A和物體B與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)相等,在力F的作用下,一起沿水平地面向右移動(dòng)x,則(  ) A.摩擦力對A、B做功相等 B.A、B動(dòng)能的增量相同 C.F對A做的功與F對B做的功相等 D.合力對A做的功與合力對B做的功相等 解析:因F斜向下作用在物體A上,A、B受到的摩擦力不相同,因此,摩擦力對A、B做的功不相等,A錯(cuò)誤;A、B兩物體一起運(yùn)動(dòng),速度始終相同,故A、B動(dòng)能增量一定相等,B正確;F不作用在B上,不能

7、說F對B做功,C錯(cuò)誤;合力對物體做的功等于物體動(dòng)能的增量,D正確. 答案:BD 7.如圖所示為一滑草場.某條滑道由上下兩段高均為h,與水平面傾角分別為45°和37°的滑道組成,滑草車與草地之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ.質(zhì)量為m的載人滑草車從坡頂由靜止開始自由下滑,經(jīng)過上、下兩段滑道后,最后恰好靜止于滑道的底端(不計(jì)滑草車在兩段滑道交接處的能量損失,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8).則(  ) A.動(dòng)摩擦因數(shù)μ= B.載人滑草車最大速度為 C.載人滑草車克服摩擦力做功為mgh D.載人滑草車在下段滑道上的加速度大小為g 解析:對滑草車從坡頂由靜止滑下,到底端靜止的全過程

8、,得mg·2h-μmgcos 45°·-μmgcos 37°·=0,解得μ=,選項(xiàng)A正確;對經(jīng)過上段滑道過程,根據(jù)動(dòng)能定理得,mgh-μmgcos 45°·=mv2,解得v=,選項(xiàng)B正確;載人滑草車克服摩擦力做功為2mgh,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;載人滑草車在下段滑道上的加速度大小為a==-g,選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 答案:AB 8.如圖所示為某中學(xué)科技小組制作的利用太陽能驅(qū)動(dòng)小車的裝置.當(dāng)太陽光照射到小車上方的光電板時(shí),光電板中產(chǎn)生的電流經(jīng)電動(dòng)機(jī)作用帶動(dòng)小車前進(jìn).若質(zhì)量為m的小車在平直的水泥路上從靜止開始沿直線加速行駛,經(jīng)過時(shí)間t前進(jìn)的距離為x,且速度達(dá)到最大值vm.設(shè)這一過程中電動(dòng)機(jī)的功率恒為P,小車所受阻

9、力恒為f,那么這段時(shí)間內(nèi)(  ) A.小車做勻加速運(yùn)動(dòng) B.小車受到的牽引力逐漸減小 C.小車受到的合外力所做的功為Pt D.小車受到的牽引力做的功為fx+mv 解析:小車在運(yùn)動(dòng)方向上受牽引力F和阻力f,因?yàn)関增大,P不變,由P=Fv,F(xiàn)-f=ma,得出F逐漸減小,a也逐漸減小,當(dāng)v=vm時(shí),a=0,故A錯(cuò)誤,B正確;合外力做的功W外=Pt-fx,由動(dòng)能定理得Pt-fx=mv,則牽引力做的功WF=Pt=fx+mv,故C錯(cuò)誤,D正確. 答案:BD [能力題組] 一、選擇題 9.(2017·高考江蘇卷)一小物塊沿斜面向上滑動(dòng),然后滑回到原處.物塊初動(dòng)能為Ek0,與斜面間的動(dòng)摩擦因

10、數(shù)不變,則該過程中,物塊的動(dòng)能Ek與位移x關(guān)系的圖線是(  ) 解析:設(shè)斜面傾角為θ,根據(jù)動(dòng)能定理,當(dāng)小物塊沿斜面上升時(shí),有 -(mgsin θ+f)x=Ek-Ek0,即 Ek=-(f+mgsin θ)x+Ek0, 所以Ek與x的函數(shù)關(guān)系圖像為直線,且斜率為負(fù). 當(dāng)小物塊沿斜面下滑時(shí)根據(jù)動(dòng)能定理有 (mgsin θ-f)(x0-x)=Ek-0(x0為小物塊到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)的位移),即 Ek=-(mgsin θ-f)x+(mgsin θ-f)x0 所以下滑時(shí)Ek隨x的減小而增大且為直線. 綜上所述,選項(xiàng)C正確. 答案:C 10.如圖所示,豎直平面內(nèi)放一直角桿MON,OM水平

11、,ON豎直且光滑,用不可伸長的輕繩相連的兩小球A和B分別套在OM和ON桿上,B球的質(zhì)量為2 kg,在作用于A球的水平力F的作用下,A、B均處于靜止?fàn)顟B(tài),此時(shí)OA=0.3 m,OB=0.4 m,改變水平力F的大小,使A球向右加速運(yùn)動(dòng),已知A球向右運(yùn)動(dòng)0.1 m時(shí)速度大小為3 m/s,則在此過程中繩的拉力對B球所做的功為(取g=10 m/s2)(  ) A.11 J B.16 J C.18 J D.9 J 解析:A球向右運(yùn)動(dòng)0.1 m時(shí),vA=3 m/s,OA′=0.4 m,OB′=0.3 m,設(shè)此時(shí)∠BAO=α,則有tan α=,vAcos α=vBsin α,解得vB =4 m/s.

12、此過程中B球上升高度h=0.1 m,由動(dòng)能定理,W-mgh=mv,解得繩的拉力對B球所做的功為W=mgh+mv=2×10×0.1 J+×2×42 J=18 J,選項(xiàng)C正確. 答案:C 11.地震引起的海嘯會(huì)給人們帶來巨大的損失.某中學(xué)的部分學(xué)生組成了一個(gè)課題小組,對海嘯的威力進(jìn)行了模擬研究,他們設(shè)計(jì)了如下的模型:如圖甲所示,在水平地面上放置一個(gè)質(zhì)量為m=4 kg的物體,讓其在隨位移均勻減小的水平推力(模擬海嘯)作用下運(yùn)動(dòng),推力F隨位移x變化的圖像如圖乙所示,已知物體與地面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ=0.5,重力加速度g=10 m/s2,則(  ) A.運(yùn)動(dòng)過程中物體的最大加速度為15 m/

13、s2 B.在距出發(fā)點(diǎn)3.0 m位置時(shí)物體的速度達(dá)到最大 C.整個(gè)過程中推力對物體做功180 J D.物體在水平地面上運(yùn)動(dòng)的最大位移是10 m 解析:由牛頓第二定律有F-μmg=ma,當(dāng)推力F=100 N時(shí),物體加速度最大,為20 m/s2,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;由題圖乙可得推力F隨位移x變化的關(guān)系為F=100-25x(N),物體速度最大時(shí),加速度為零,則F=μmg,解得x=3.2 m,即在距出發(fā)點(diǎn)3.2 m位置時(shí)物體的速度達(dá)到最大,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;由Fx圖像的“面積”表示功可知,推力對物體做功WF=Fx0=200 J,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;由動(dòng)能定理有WF-μmgxm=0,代入數(shù)據(jù)得xm=10 m,即物體在

14、水平面上運(yùn)動(dòng)的最大位移是 10 m,選項(xiàng)D正確. 答案:D 12.(多選)如圖所示,AB為半徑R=0.50 m的四分之一圓弧軌道,B端距水平地面的高度h=0.45 m.一質(zhì)量m=1.0 kg的小滑塊從圓弧道A端由靜止釋放,到達(dá)軌道B端的速度v=2.0 m/s.忽略空氣的阻力.取g=10 m/s2.則下列說法正確的是(  ) A.小滑塊在圓弧軌道B端受到的支持力大小N=16 N B.小滑塊由A端到B端的過程中,克服摩擦力所做的功W=3 J C.小滑塊的落地點(diǎn)與B點(diǎn)的水平距離x=0.6 m D.小滑塊的落地點(diǎn)與B點(diǎn)的水平距離x=0.3 m 解析:小滑塊在B端時(shí),根據(jù)牛頓第二定律有N

15、-mg=m,解得N=18 N,A錯(cuò)誤;根據(jù)動(dòng)能定理有mgR-W=mv2,解得W=mgR-mv2=3 J,B正確;小滑塊從B點(diǎn)做平拋運(yùn)動(dòng),水平方向上x=vt,豎直方向上h=gt2,解得x=v·=0.6 m,C正確,D錯(cuò)誤. 答案:BC 二、非選擇題 13.(2018·四川成都診斷)如圖甲所示,長為20 m的水平軌道AB與半徑R=3 m的豎直半圓軌道BC在B處相連接,有一質(zhì)量為1 kg的滑塊(大小不計(jì))從A處由靜止開始受水平向右的力F作用,F(xiàn)的大小隨位移變化關(guān)系如圖乙所示,滑塊與AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.4,取g=10 m/s2. (1)求滑塊在水平軌道AB上運(yùn)動(dòng)前10 m過程中所需的時(shí)

16、間; (2)求滑塊到達(dá)B處時(shí)的速度大?。? (3)若滑塊到達(dá)B處時(shí)撤去力F,滑塊沿半圓軌道內(nèi)側(cè)上滑,并恰好能到達(dá)最高點(diǎn)C,則滑塊在半圓軌道上克服摩擦力所做的功是多少. 解析:(1)在前10 m內(nèi):F1-μmg=ma1 x1=a1t 解得t1=1 s. (2)滑塊從A到B的過程中,由動(dòng)能定理得 F1x1-F2x3-μmgx=mv 解得vB=10 m/s. (3)滑塊恰好能到達(dá)C點(diǎn),則mg=m 滑塊從B到C的過程中,由動(dòng)能定理得 Wf-mg·2R=mv-mv 解得Wf=-25 J,即克服摩擦力做功為25 J. 答案:(1)1 s (2)10 m/s (3)25 J 14.

17、(2018·陜西西安六校聯(lián)考)如圖所示,AB是傾角θ=30°的粗糙直軌道,BCD是光滑的圓弧軌道,AB恰好在B點(diǎn)與圓弧相切,圓弧的半徑為R,一個(gè)質(zhì)量為m的物體(可以看成質(zhì)點(diǎn))從直軌道上的P點(diǎn)由靜止釋放,結(jié)果它能在兩軌道間做往返運(yùn)動(dòng).已知P點(diǎn)與圓弧的圓心O等高,物體與軌道AB間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ.求: (1)物體做往返運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過程中在AB軌道上通過的總路程; (2)最終當(dāng)物體通過圓弧軌道最低點(diǎn)E時(shí),對圓弧軌道的壓力大??; (3)為使物體能順利到達(dá)圓弧軌道的最高點(diǎn)D,釋放點(diǎn)距B點(diǎn)的距離L′至少多大. 解析:(1)對整體過程,由動(dòng)能定理得 mgRcos θ-μmgcos θ·s=0 所以物體在AB軌道上通過的總路程s=. (2)最終物體以B(還有B關(guān)于OE的對稱點(diǎn))為最高點(diǎn),在圓弧底部做往復(fù)運(yùn)動(dòng),對B→E過程,由動(dòng)能定理得 mgR(1-cos θ)=mv 在E點(diǎn),由牛頓第二定律得N-mg=m 解得N=(3-)mg. 由牛頓第三定律知,在最低點(diǎn)E,物體對圓弧軌道的壓力大小(3-)mg. (3)物體剛好到D點(diǎn),由牛頓第二定律有mg=m 對全過程由動(dòng)能定理得 mgL′sin θ-μmgcos θ·L′-mgR(1+cos θ)=mv 解得L′=. 答案:(1) (2)(3-)mg (3)

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