2022年高考物理二輪復習 高考題型一 選擇題6 磁場考情題型練

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1、2022年高考物理二輪復習 高考題型一 選擇題6 磁場考情題型練 1.(單選)(2018四川瀘州二診)如圖所示,三根長為L的直線電流在空間構成以A為頂點的等腰直角三角形,其中A、B電流的方向垂直紙面向里,C電流方向垂直紙面向外,其中B、C電流大小為I,在A處產生的磁感應強度的大小均為B0,導線A通過的電流大小為I,則導線A受到的安培力是(　　) A.B0IL,水平向左 B.2B0IL,豎直向上 C.2B0IL,水平向右 D.0 2.(多選)(2018廣東韶關統(tǒng)考)如圖所示,水平放置的光滑平行金屬導軌,左端通過開關S與內阻不計、電動勢為E的電源相連,右端與半徑為L=20 cm的光滑圓

2、弧導軌相接。導軌寬度為20 cm,電阻不計。導軌所在空間有豎直方向的勻強磁場,磁感應強度B=0.5 T。一根導體棒ab垂于導軌放置,質量m=60 g、電阻R=1 Ω,用長也為20 cm的絕緣細線懸掛,導體棒恰好與導軌接觸。當閉合開關S后,導體棒沿圓弧擺動,擺動過程中導體棒始終與導軌接觸良好且細線處于張緊狀態(tài)。導體棒ab速度最大時,細線與豎直方向的夾角θ=53°(sin 53°=0.8,g取10 m/s2),則(　　) A.磁場方向一定豎直向上 B.電源的電動勢E=8.0 V C.導體棒在擺動過程中所受安培力F=8 N D.導體棒擺動過程中的最大動能為0.08 J 3.(單選)(2

3、018湖南三湘名校大聯(lián)考)如圖所示,在間距為d的豎直虛線MN、PQ區(qū)域內有垂直于紙面向外的勻強磁場。一質量為m,電荷量為+q的帶電粒子沿與豎直方向成60°的方向,從A點以速度v0進入勻強磁場。不計粒子的重力,若要使粒子從MN飛出磁場,則磁感應強度的最小值為(　　) A.B= B.B= C.B= D.B= 4.(多選)(2018東北三省三校一模)如圖所示,半徑為R的圓形區(qū)域位于正方形ABCD的中心,圓心為O,與正方形中心重合。圓形區(qū)域內、外有垂直紙面的勻強磁場,磁感應強度大小相等、方向相反。一質量為m、電荷量為q的帶正電粒子以速率v0沿紙面從M點平行于AB邊沿半徑方向射入圓形磁場,并從

4、N點平行于AD邊射出,且恰好沒射出正方形磁場區(qū)域,粒子重力忽略不計,已知磁感應強度大小為,則(　　) A.粒子由M點運動到N點時速度偏轉角為90° B.正方形區(qū)域的邊長為3R C.粒子再次回到M點時所經歷的時間為 D.粒子再次回到M點時所經歷的時間為 5.(多選)(2018廣東揭陽高三期末)如圖所示,在邊長為L的正方形區(qū)域內有垂直于紙面向里的勻強磁場,有一帶正電的電荷,從D點以v0的速度沿DB方向射入磁場,恰好從A點沿BA方向射出,已知電荷的質量為m,帶電荷量為q,不計電荷的重力,則下列說法正確的是(　　) A.勻強磁場的磁感應強度為 B.電荷在磁場中運動的時間為 C.

5、若減小電荷的入射速度,使電荷從CD邊界射出,電荷在磁場中運動的時間會減小 D.若電荷的入射速度變?yōu)?v0,則粒子會從AB邊的中點射出 6.(單選)(2018廣東汕頭質檢)如圖,空間某區(qū)域存在勻強電場和勻強磁場,電場方向豎直向上(與紙面平行),磁場方向垂直于紙面向里。紙面內有兩個半徑不同的半圓在b點平滑連接后構成一絕緣光滑環(huán)。一帶電小球套在環(huán)上從a點開始運動,發(fā)現(xiàn)其速率保持不變。則小球(　　) A.帶負電 B.受到的洛倫茲力大小不變 C.運動過程的加速度大小保持不變 D.光滑環(huán)對小球始終沒有作用力 7.(單選)(2018江西六校聯(lián)考)在圖示的寬度范圍內,用勻強電場可使以初速度v

6、0垂直射入電場的某種正離子偏轉θ角,若改用垂直紙面向外的勻強磁場,使該離子穿過磁場時偏轉角度也為θ,則電場強度E和磁感應強度B的比值為(　　) A.1∶cos θ B.v0∶cos θ C.tan θ∶1 D.v0∶sin θ 選擇題6　磁場 1.B　解析 B、C電流在A處產生的磁感應強度的大小分別為B0,根據(jù)力的平行四邊形定則,結合幾何關系,則有A處的磁感應強度為:BA=B0,方向水平向左;再由左手定則可知,安培力方向豎直向上,大小為F=B0·IL=2B0IL;所以B正確、ACD錯誤;故選B。 2.BD　解析 當開關S閉合時,導體棒向右擺動,說明其所受安培力水平向右,由左

7、手定則可知,磁場方向豎直向下,故A錯誤;設電路中電流為I,電源的電動勢為E,由F=BIL=BL,導體棒ab速度最大時,細線與豎直方向的夾角θ=53°,則tan θ=,得E=8.0 V,安培力F=0.8 N,故B正確,C錯誤;根據(jù)動能定理得:FLsin 53°-mgL(1-cos 53°)=Ek-0,解得Ek=0.08 J,故D正確。 3.D　解析 由題可得,粒子軌跡與PQ相切,由幾何知識可得r+rcos 60°=d,解得r=d,電子在磁場中做勻速圓周運動,洛倫茲力提供向心力qv0B=m,解得磁感應強度的最小值為B=,故ABC錯誤,D正確;故選D。 4.AC　解析 粒子在磁場中做勻速圓周

8、運動,運動軌跡如圖所示, 設軌道半徑為r1,由幾何關系可知,粒子由M點運動到N點時速度偏轉角為90°,r1=R,選項A正確;粒子在正方形磁場中的軌道半徑為r2,粒子恰好不從AB邊射出,則有qv0B=m,解得r2==R;則正方形的邊長L=2r1+2r2=4R,選項B錯誤;粒子在圓形磁場中做圓周運動的周期T1=,在圓形磁場中運動時間t1=;粒子在圓形以外的區(qū)域做圓周運動周期T2=;在圓形以外的磁場中運動時間:t3=T2=;則再次回到M點的時間t=t1+t2=,選項C正確,D錯誤;故選AC。 5.AB　解析 由圖可以看出粒子圓周運動的半徑R=L,根據(jù)牛頓第二定律qv0B=m,得B=,A正確;

9、因為T=,轉過的圓心角為90°,則t=,故B正確;若電荷從CD邊界射出,則轉過的圓心角為180°,故電荷在磁場中運動的時間增大,C錯誤;若電荷的入射速度變?yōu)?v0,則半徑變?yōu)?L,軌跡如圖。 設DF為h,由幾何知識(2L-h)2+L2=(2L)2,得h=(2-)L≠L,可見E不是AB的中點,即粒子不會從AB中點射出,D錯誤。 6.B　解析 小球速率不變,則做勻速圓周運動,可知所受的電場力和重力平衡,所以小球受向上的電場力,則小球帶正電,選項A錯誤;小球的速率不變,根據(jù)f=Bqv可知受到的洛倫茲力大小不變,選項B正確;因小球在不同的圓環(huán)中運動的半徑不同,根據(jù)a=可知,小球從小圓環(huán)過渡到大圓環(huán)的過程中加速度變小,選項C錯誤;小球從小圓環(huán)過渡到大圓環(huán)的過程中,加速度減小,根據(jù)FN+qvB=ma可知光滑環(huán)對小球作用力要發(fā)生變化,且作用力不可能總是零,選項D錯誤;故選B。 7.B　解析 設粒子的質量為m、電荷量為q、場區(qū)寬度為L,粒子在電場中做類平拋運動,則有:L=v0t ① a= ② 則:tan θ= ③ 由①②③得:tan θ= ④ 粒子在磁場中做勻速圓周運動,軌跡如圖所示。 R= ⑤ 由幾何知識得:sin θ= ⑥ 由⑤⑥解得:sin θ= ⑦ 由④⑦式解得:,B正確;ACD錯誤。