2022年中考數學總復習 提分專練04 二次函數小綜合練習 湘教版

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1、2022年中考數學總復習 提分專練04 二次函數小綜合練習 湘教版 |類型1| 二次函數與其他函數的綜合 1.如圖T4-1,在平面直角坐標系內,二次函數y=ax2+bx(a≠0),一次函數y=ax+b(a≠0)以及反比例函數y=(k≠0)的圖象都經過點A,其中一次函數的圖象與反比例函數的圖象還交于另一點B,且一次函數的圖象與x軸,y軸分別交于點C,D.若點A的橫坐標為1,該二次函數圖象的對稱軸是直線x=2,有下列結論:①b=-4a;②a+b>k;③8a+4b>k;④a+2b>4k.其中正確結論的個數是 (  ) 圖T4-1 A.1 B.2 C.3 D.4 2.如圖T4-2,

2、曲線BC是反比例函數y=(4≤x≤6)圖象的一部分,其中B(4,1-m),C(6,-m),拋物線y=-x2+2bx的頂點記作A. (1)求k的值. (2)判斷點A是否可與點B重合. (3)若拋物線與曲線BC有交點,求b的取值范圍. 圖T4-2 |類型2| 二次函數與幾何圖形綜合 3.[xx·岳陽] 已知拋物線F:y=x2+bx+c經過坐標原點O,且與x軸另一交點為-,0. (1)求拋物線F的表達式. (2)如圖T4-3①,直線l:y=x+m(m>0)與拋物線F相交于點A(x1,y1)和點B(x2,y2)(點A在第二象限),求y2-y1的值(用

3、含m的式子表示). (3)在(2)中,若m=,設點A'是點A關于原點O的對稱點,如圖T4-3②. ①判斷△AA'B的形狀,并說明理由. ②平面內是否存在點P,使得以點A,B,A',P為頂點的四邊形是菱形?若存在,求出點P的坐標;若不存在,請說明理由. 圖T4-3 4.[xx·益陽] 如圖T4-4,已知拋物線y=x2-x-n(n>0)與x軸交于A,B兩點(A點在B點的左邊),與y軸交于點C. (1)如圖①,若△ABC為直角三角形,求n的值; (2)如圖①,在(1)的條件下,點P在拋物線上,點Q在拋物線的對稱軸上,若以B

4、C為邊,以點B,C,P,Q為頂點的四邊形是平行四邊形,求點P的坐標; (3)如圖②,過點A作直線BC的平行線交拋物線于另一點D,交y軸于點E,若AE∶ED=1∶4,求n的值. 圖T4-4 5.[xx·張家界] 如圖T4-5,已知二次函數y=ax2+1(a≠0,a為實數)的圖象過點A(-2,2),一次函數y=kx+b(k≠0,k,b為實數)的圖象l經過點B(0,2). (1)求a的值并寫出二次函數的表達式; (2)求b的值; (3)設直線l與二次函數的圖象交于M,N兩點,過點M作MC垂直x軸于點C,試證明

5、:MB=MC; (4)在(3)的條件下,請判斷以線段MN為直徑的圓與x軸的位置關系,并說明理由. 圖T4-5 參考答案 1.B [解析] 對稱軸為直線x=-=2, ∴b=-4a,故結論①正確; ∵一次函數與反比例函數的圖象都經過點A, ∴x=1時,a+b=k,故結論②錯誤; 由圖象可知,4a+2b>,∴8a+4b>k,故結論③正確; a+2b=-+2b=b,4k=4(a+b)=4-+b=3b,∵二次函數圖象開口向下,∴a<0,∴b=-4a>0,∴b<3b,∴a+2b<4k,故結論④錯誤. 2.解:(1)∵B(4,1-m),C(6,-m)在反比例函

6、數y=的圖象上, ∴k=4(1-m)=6×(-m),∴解得m=-2,∴k=4×[1-(-2)]=12. (2)∵m=-2,∴B(4,3), ∵拋物線y=-x2+2bx=-(x-b)2+b2,∴A(b,b2). 若點A與點B重合,則有b=4,且b2=3,顯然不成立,∴點A不與點B重合. (3)當拋物線經過點B(4,3)時,有3=-42+2b×4,解得b=, 顯然拋物線右半支經過點B; 當拋物線經過點C(6,2)時,有2=-62+2b×6,解得b=, 這時仍然是拋物線右半支經過點C. 故b的取值范圍為≤b≤. 3.[解析] (1)將(0,0)和-,0代入y=x2+bx+c,解出

7、b和c即可. (2)首先聯立y=x+m與y=x2+x,解出x1和x2,然后將x1和x2分別代入y=x+m,解出y1和y2,進而得出結果. (3)①首先根據題意得出A'的坐標,進而得出A'B的長度,根據點A的坐標得出OA的長度,進而得出AA',然后根據三角函數的定義得出sinA',進而得出∠A'的度數,進而得出△AA'B的形狀; ②分別以AA',A'B和AB為菱形的對角線,根據菱形的性質得出點P的坐標即可. 解:(1)根據題意,得 解得 ∴拋物線F的表達式為y=x2+x. (2)聯立y=x+m與y=x2+x, 解得x1=-,x2=, ∴y1=x1+m=-+m,y2=x2+m=+

8、m, ∴y2-y1=+m--+m=. (3)①△AA'B是等邊三角形.理由:當m=時,x1=-,x2=, ∴y1=,y2=2, ∴A-,,B,2. ∵點A與點A'關于原點對稱, ∴A',-, ∴A'B=2--=. ∵OA==, ∴OA'=, ∴AA'=, ∴A'B=AA'. ∵點A到BA'的距離d=+=, ∴sinA'===, ∴∠A'=60°, ∴△AA'B是等邊三角形. ②存在. 若以AA'為菱形的對角線,則點P與點B關于原點對稱,此時點P的坐標為-,-2; 若以A'B為菱形的對角線,則點P為將點A向右移動2d個單位長度得到的點,此時點P的坐標為2,;

9、 若以AB為菱形的對角線,則點P為將點A向上移動A'B個單位長度得到的點,此時點P的坐標為-,. 綜上,點P的坐標為-,-2或2,或-,. 4.[解析] (1)利用一元二次方程根與系數的關系結合相似三角形的性質即可求出n的值; (2)因為以BC為邊,所以PQ∥BC,PQ∥BC可分為點P在點Q左側和點P在點Q右側兩種情況; (3)過點D作DF⊥x軸,垂足為F,構造△ADF∽△BCO,利用三角形相似,結合點A和點D在拋物線上列方程組求解. 解:(1)若△ABC為直角三角形,則OC2=OA·OB. 由拋物線y=x2-x-n(n>0),可得 OC=n,OA·OB=2n, ∴n2=2n,

10、解得n1=2,n2=0(舍去), ∴n=2. (2)由(1)可知拋物線的表達式為y=x2-x-2,拋物線的對稱軸為直線x=. 令y=0,得x1=-1,x2=4, ∴A(-1,0),B(4,0). 設點Pm,m2-m-2, 當直線PQ∥BC,點P在點Q的左側(如圖所示), △BOC平移到△QNP的位置時,四邊形PQBC為平行四邊形, 此時NQ=OB,即-m=4,則m=-, 則m2-m-2=, 此時點P的坐標為-,; 當點P在點Q的右側時(如圖所示), 同理可得m-=4,即m=, 則m2-m-2=, 此時點P的坐標為,. 綜上所述,滿足條件的點P的坐標為-,,,.

11、 (3)過點D作DF⊥x軸,垂足為F.如圖, 則AO∶OF=AE∶ED=1∶4. 設A(a,0),B(b,0), 則AO=-a,OF=-4a. ∵AD∥BC, ∴∠OBC=∠DAO. ∵∠BOC=∠AFD=90°, ∴△BOC∽△AFD, ∴=, 即=, ∴=. 由題意得ab=-2n,∴=-, ∴DF=-5a·=-5a·-=a2. ∵點A,D在拋物線上, ∴ 解得 ∴n的值為. 5.[解析] (1)將點A的坐標代入二次函數的表達式,即可求出a的值,進而得到二次函數的表達式. (2)將點B的坐標代入一次函數的表達式,即可求出b的值. (3)過點M作ME

12、⊥y軸于點E,設Mx,x2+1,進而用含x的式子分別表示MB和MC. (4)過點N作ND⊥x軸于點D,取MN的中點為P,過點P作PF⊥x軸于點F,過點N作NH⊥MC于點H,交PF于點G.根據(3)知NB=ND,通過等量代換,得出PF=MN. 解:(1)根據題意,得2=a×(-2)2+1, 解得a=,∴y=x2+1. (2)根據題意,得2=k×0+b,解得b=2. (3)證明:如圖,過點M作ME⊥y軸于點E. 設Mx,x2+1,則MC=x2+1, ∴ME=|x|,EB==. ∵MB=== ==x2+1, ∴MB=MC. (4)相切.理由如下: 如圖,過點N作ND⊥x軸于D,取MN的中點為P,過點P作PF⊥x軸于點F,過點N作NH⊥MC于點H,交PF于點G. 由(3)知NB=ND, ∴MN=NB+MB=ND+MC. ∵PG=MH,ND=GF=HC,PF=PG+GF, ∴2PF=2PG+2GF =MH+ND+HC =ND+MC, ∴PF=MN, ∴以線段MN為直徑的圓與x軸相切.

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