2022年中考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 第三單元 函數(shù) 課時(shí)訓(xùn)練15 二次函數(shù)的圖象和性質(zhì)（二）練習(xí) 湘教版

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1、2022年中考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 第三單元 函數(shù) 課時(shí)訓(xùn)練15 二次函數(shù)的圖象和性質(zhì)（二）練習(xí) 湘教版 |夯實(shí)基礎(chǔ)| 1.[xx·畢節(jié)] 將拋物線y=x2向左平移2個(gè)單位,再向下平移5個(gè)單位,平移后所得新拋物線的表達(dá)式為 (　　) A.y=(x+2)2-5 B.y=(x+2)2+5 C.y=(x-2)2-5 D.y=(x-2)2+5 2.已知拋物線y=x2-x-1與x軸的一個(gè)交點(diǎn)為(m,0),則代數(shù)式m2-m+xx的值為 (　　) A.xx B.xx C.xx D.2019 3.[xx·棗莊] 已知函數(shù)y=ax2-2ax-1(a是常數(shù),a≠0),下列結(jié)論正確的是 (　　)

2、A.當(dāng)a=1時(shí),函數(shù)圖象經(jīng)過點(diǎn)(-1,1) B.當(dāng)a=-2時(shí),函數(shù)圖象與x軸沒有交點(diǎn) C.若a<0,函數(shù)圖象的頂點(diǎn)始終在x軸的下方 D.若a>0,則當(dāng)x≥1時(shí),y隨x的增大而增大 4.若拋物線y=x2+2x+m-1與x軸有交點(diǎn),則m的取值范圍是 (　　) A.m≤2 B.m<-2 C.m>2 D.0

3、程ax2+bx+m=0有實(shí)數(shù)根,則m的最大值為 (　　) 圖K15-1 A.-3 B.3 C.-6 D.9 7.已知二次函數(shù)y=ax2+bx+c的圖象如圖K15-2所示,則|a-b+c|+|2a+b|= (　　) 圖K15-2 A.a+b B.a-2b C.a-b D.3a 8.若二次函數(shù)y=x2+2x+m的圖象與x軸沒有公共點(diǎn),則m的取值范圍是　　　　.? 9.[xx·淮安] 將二次函數(shù)y=x2-1的圖象向上平移3個(gè)單位長度,得到的圖象所對應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式是　　　　.? 10.[xx·株洲] 如圖K15-3,二次函數(shù)y=ax2+bx+c圖象的對稱軸在y軸的右側(cè),

4、其圖象與x軸交于點(diǎn)A(-1,0),點(diǎn)C(x2,0),且與y軸交于點(diǎn)B(0,-2),小強(qiáng)得到以下結(jié)論: ①0-1.以上結(jié)論中,正確的結(jié)論序號(hào)是　　　　.? 圖K15-3 11.已知拋物線y=(x-m)2-(x-m),其中m是常數(shù). (1)求證:不論m為何值,該拋物線與x軸一定有兩個(gè)公共點(diǎn). (2)若該拋物線的對稱軸為直線x=. ①求該拋物線所對應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式; ②把該拋物線沿y軸向上平移多少個(gè)單位后,得到的拋物線與x軸只有一個(gè)公共點(diǎn)? |拓展提升| 12.[xx·永州] 如圖K

5、15-4①,拋物線的頂點(diǎn)A的坐標(biāo)為(1,4),拋物線與x軸相交于B,C兩點(diǎn),與y軸交于點(diǎn)E(0,3). (1)求拋物線的表達(dá)式. (2)已知點(diǎn)F(0,-3),在拋物線的對稱軸上是否存在一點(diǎn)G,使得EG+FG最小?如果存在,求出點(diǎn)G的坐標(biāo);如果不存在,請說明理由. (3)如圖K15-4②,連接AB,若點(diǎn)P是線段OE上的一動(dòng)點(diǎn),過點(diǎn)P作線段AB的垂線,分別與線段AB、拋物線相交于點(diǎn)M,N(點(diǎn)M,N都在拋物線對稱軸的右側(cè)),當(dāng)MN最大時(shí),求△PON的面積. 圖K15-4 13.[xx·懷化] 如圖K15-5,在平面直角

6、坐標(biāo)系中,拋物線y=ax2+2x+c與x軸交于A(-1,0),B(3,0)兩點(diǎn),與y軸交于點(diǎn)C,點(diǎn)D是該拋物線的頂點(diǎn). (1)求拋物線的表達(dá)式和直線AC的表達(dá)式. (2)請?jiān)趛軸上找一點(diǎn)M,使△BDM的周長最小,求出點(diǎn)M的坐標(biāo). (3)試探究:在拋物線上是否存在點(diǎn)P,使以點(diǎn)A,P,C為頂點(diǎn),AC為直角邊的三角形是直角三角形?若存在,請求出符合條件的點(diǎn)P的坐標(biāo);若不存在,請說明理由. 圖K15-5 參考答案 1.A 2.D　[解析] ∵拋物線y=x2-x-1與x軸的一個(gè)交點(diǎn)為(m,0),∴m2-m-1=0, ∴m2-m=1,∴m2-m+xx=1+xx=2019

7、. 3.D　[解析] 將a=1代入原函數(shù)表達(dá)式,令x=-1,求出y=2,由此得出A選項(xiàng)不符合題意;將a=-2代入原函數(shù)表達(dá)式,得y=-2x2+4x-1,令y=0,根據(jù)根的判別式Δ=8>0,可得出當(dāng)a=-2時(shí),函數(shù)圖象與x軸有兩個(gè)不同的交點(diǎn),即B選項(xiàng)不符合題意;利用公式法找出二次函數(shù)圖象的頂點(diǎn)坐標(biāo),令其縱坐標(biāo)小于零,可得出a的取值范圍,由此可得出C選項(xiàng)不符合題意;利用公式法找出二次函數(shù)圖象的對稱軸,結(jié)合二次函數(shù)的性質(zhì),即可得出D選項(xiàng)符合題意. 4.A　[解析] 由題意可知Δ=4-4(m-1)≥0,∴m≤2,故選A. 5.D　[解析] ∵二次函數(shù)y=x2+mx圖象的對稱軸是直線x=2,∴-=

8、2,解得m=-4,∴關(guān)于x的方程x2+mx=5可化為x2-4x-5=0,即(x+1)(x-5)=0,解得x1=-1,x2=5. 6.B　[解析] ∵拋物線的開口向上,頂點(diǎn)的縱坐標(biāo)為-3, ∴a>0,=-3,即b2=12a. ∵關(guān)于x的一元二次方程ax2+bx+m=0有實(shí)數(shù)根, ∴Δ=b2-4am≥0,即12a-4am≥0, 即12-4m≥0,解得m≤3, ∴m的最大值為3. 7.D　[解析] 根據(jù)二次函數(shù)y=ax2+bx+c的圖象可知,a>0,又拋物線過坐標(biāo)原點(diǎn),∴c=0.∵拋物線的對稱軸為直線x=-,∴0<-<1,解得-2a

9、+b,∴|a-b+c|+|2a+b|=a-b+2a+b=3a. 8.m>1　[解析] 根據(jù)拋物線y=x2+2x+m與x軸沒有公共點(diǎn)可知,方程x2+2x+m=0沒有實(shí)數(shù)根, ∴判別式Δ=22-4×1×m<0,∴m>1. 9.y=x2+2 10.①④　[解析] 由圖象可知拋物線開口向上,∴a>0,由拋物線經(jīng)過A(-1,0),B(0,-2),對稱軸在y軸的右側(cè)可得由此可得a-b=2,b<0,故a=2+b<2,綜合可知00,b<0,故有a=-b.又a-b=2,可得a=1,b=-1, 故

10、原函數(shù)為y=x2-x-2,當(dāng)y=0時(shí),即有x2-x-2=0,解得x1=-1,x2=2,x2=2>-1. 故答案為①④. 11.解:(1)證明:y=(x-m)2-(x-m)=x2-(2m+1)x+m2+m, ∵Δ=(2m+1)2-4(m2+m)=1>0, ∴不論m為何值,該拋物線與x軸一定有兩個(gè)公共點(diǎn). (2)①∵x=-=,∴m=2, ∴拋物線所對應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式為y=x2-5x+6. ②設(shè)拋物線沿y軸向上平移k個(gè)單位后,得到的拋物線與x軸只有一個(gè)公共點(diǎn),則平移后拋物線所對應(yīng)的函數(shù)表達(dá)式為y=x2-5x+6+k. ∵拋物線y=x2-5x+6+k與x軸只有一個(gè)公共點(diǎn), ∴Δ=25-

11、4(6+k)=0,∴k=, 即把該拋物線沿y軸向上平移個(gè)單位后,得到的拋物線與x軸只有一個(gè)公共點(diǎn). 12.解:(1)設(shè)所求二次函數(shù)的表達(dá)式為y=a(x-1)2+4,∵拋物線與y軸交于點(diǎn)E(0,3),∴a(0-1)2+4=3,解得a=-1,∴所求二次函數(shù)的表達(dá)式為y=-(x-1)2+4,即y=-x2+2x+3. (2)存在一點(diǎn)G,使得EG+FG最小. ∵拋物線的頂點(diǎn)A的坐標(biāo)為(1,4), ∴與點(diǎn)E(0,3)關(guān)于拋物線對稱軸x=1成軸對稱的點(diǎn)為E'(2,3).如圖①,連接E'F,設(shè)直線E'F的函數(shù)表達(dá)式為y=kx+b, ∴解得即y=3x-3, 當(dāng)x=1時(shí),y=0,即點(diǎn)G(1,0),使

12、得EG+FG最小. (3)如圖②,連接AN,BN,過點(diǎn)N作NT∥y軸交AB,x軸分別于點(diǎn)S,T. 在y=-x2+2x+3中,當(dāng)y=0時(shí),x1=-1,x2=3, 則B(3,0). ∵A(1,4),B(3,0),∴AB=2. 設(shè)直線AB的函數(shù)表達(dá)式為y=mx+t, ∴解得即y=-2x+6. 設(shè)N(n,-n2+2n+3),則S(n,-2n+6),∴NS=-n2+4n-3. ∵S△ABN=S△ANS+S△BNS, ∴AB·MN=NS·(3-1),∴MN=(-n2+4n-3)=-(n2-4n+3)=-(n-2)2+,∴當(dāng)n=2, 即N(2,3)時(shí),MN最大,為. ∵PN⊥AB,

13、∴設(shè)直線PN的函數(shù)表達(dá)式為y=x+c,且N(2,3),∴c=2,則y=x+2, ∴點(diǎn)P(0,2), ∴S△OPN=OP·xN=×2×2=2. 13.[解析] (1)利用待定系數(shù)法求拋物線和直線的表達(dá)式. (2)根據(jù)軸對稱確定最短路線問題,作點(diǎn)D關(guān)于y軸的對稱點(diǎn)D1,連接BD1,BD1與y軸的交點(diǎn)即為所求的點(diǎn)M,然后求出直線BD1的表達(dá)式,再求解即可. (3)可分兩種情況(①以C為直角頂點(diǎn),②以A為直角頂點(diǎn))討論,然后根據(jù)兩直線垂直的關(guān)系求出P點(diǎn)所在直線的表達(dá)式,將直線和拋物線的表達(dá)式聯(lián)立求出點(diǎn)P的坐標(biāo). 解:(1)將點(diǎn)A(-1,0)和B(3,0)的坐標(biāo)代入拋物線y=ax2+2x+c

14、中,可得解得 ∴拋物線的表達(dá)式為y=-x2+2x+3. 令x=0,則y=3,∴點(diǎn)C的坐標(biāo)為(0,3). 設(shè)直線AC的表達(dá)式為y=kx+b, 則解得 ∴直線AC的表達(dá)式為y=3x+3. (2)如圖,作點(diǎn)D關(guān)于y軸的對稱點(diǎn)D1,連接BD1交y軸于點(diǎn)M,則點(diǎn)M即為所求. 由拋物線表達(dá)式可得D點(diǎn)的坐標(biāo)為(1,4),則D1的坐標(biāo)為(-1,4). 設(shè)直線BD1的表達(dá)式為y=k1x+b1,則 解得則直線BD1的表達(dá)式為y=-x+3,令x=0可得y=3,則點(diǎn)M的坐標(biāo)為(0,3). (3)存在. 如圖①,當(dāng)△ACP以點(diǎn)C為直角頂點(diǎn)時(shí), 易得直線CP的表達(dá)式為y=-x+3. 由得(舍去) ∴P點(diǎn)坐標(biāo)為,. 如圖②,當(dāng)△ACP是以點(diǎn)A為直角頂點(diǎn)時(shí),易得直線AP的表達(dá)式為y=-x-. 由 得(舍去) ∴P點(diǎn)坐標(biāo)為,-. 綜上,符合條件的點(diǎn)P的坐標(biāo)為,或,-.