(江蘇專版)2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 第三章 第2節(jié) 牛頓第二定律 兩類動(dòng)力學(xué)問題講義(含解析)

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1、(江蘇專版)2022年高考物理一輪復(fù)習(xí) 第三章 第2節(jié) 牛頓第二定律 兩類動(dòng)力學(xué)問題講義(含解析) (1)物體加速度的方向一定與合外力方向相同。(√) (2)質(zhì)量越大的物體,加速度越小。(×) (3)物體的質(zhì)量與加速度成反比。(×) (4)物體受到外力作用,立即產(chǎn)生加速度。(√) (5)可以利用牛頓第二定律確定自由電子的運(yùn)動(dòng)情況。(×) (6)物體所受的合外力減小,加速度一定減小,而速度不一定減小。(√) (7)千克、秒、米、庫侖、安培均為國際單位制的基本單位。(×) (8)力的單位牛頓,簡稱牛,屬于導(dǎo)出單位。(√) 突破點(diǎn)(一) 牛頓第二定律的理解 1.牛

2、頓第二定律的五個(gè)特性 2.合力、加速度、速度之間的決定關(guān)系 (1)不管速度是大是小,或是零,只要合力不為零,物體都有加速度。 (2)a=是加速度的定義式,a與Δv、Δt無必然聯(lián)系;a=是加速度的決定式,a∝F,a∝。 (3)合力與速度同向時(shí),物體加速運(yùn)動(dòng);合力與速度反向時(shí),物體減速運(yùn)動(dòng)。 [題點(diǎn)全練] 1.(2019·溫州月考)對牛頓第二定律的理解,錯(cuò)誤的是(  ) A.在F=kma中,k的數(shù)值由F、m、a的單位決定 B.當(dāng)合力為零時(shí),加速度為零 C.加速度的方向總跟合力的方向一致 D.牛頓第二定律說明當(dāng)物體有加速度時(shí),物體才受到外力的作用 解析:選D 在F=

3、kma中,k的數(shù)值由F、m、a的單位決定,當(dāng)F、m、a的單位都取國際單位時(shí),k的數(shù)值取1,即F=ma,故A正確;物體所受合力為零時(shí),根據(jù)牛頓第二定律F=ma可知,加速度一定為零,故B正確;根據(jù)牛頓第二定律知,加速度方向與合力的方向相同,故C正確;根據(jù)牛頓第二定律知,當(dāng)物體加速度不為零即有加速度時(shí),則合力不為零,當(dāng)物體沒有加速度即加速度為零時(shí)也可以受到外力作用,只是此時(shí)合力為零,故D錯(cuò)誤。 2.(2016·上海高考)如圖,頂端固定著小球的直桿固定在小車上,當(dāng)小車向右做勻加速運(yùn)動(dòng)時(shí),球所受合外力的方向沿圖中的(  ) A.OA方向       B.OB方向 C.OC方向 D.OD方向

4、解析:選D 據(jù)題意可知,小車向右做勻加速直線運(yùn)動(dòng),由于球固定在桿上,而桿固定在小車上,則三者屬于同一整體,根據(jù)整體法和隔離法的關(guān)系分析可知,球和小車的加速度相同,所以球的加速度也向右,即沿OD方向,故選項(xiàng)D正確。 3.[多選](2019·靖江期考)如圖所示,在光滑水平面上有一物塊受水平恒力F的作用而運(yùn)動(dòng),在其正前方固定一個(gè)足夠長的輕質(zhì)彈簧。當(dāng)物塊與彈簧接觸并將彈簧壓至最短的過程中,下列說法正確的是(  ) A.物塊接觸彈簧后即做減速運(yùn)動(dòng) B.物塊接觸彈簧后先加速后減速 C.當(dāng)彈簧最短時(shí),物塊有向左的加速度 D.當(dāng)物塊的速度最大時(shí),它受的合力為零 解析:選BCD 物塊剛接觸彈簧時(shí),受

5、到向左的彈簧彈力的作用,但小于向右的水平恒力F,由牛頓第二定律可知物塊仍然向右加速,故A錯(cuò)誤;由牛頓第二定律可知加速度和合外力同時(shí)變化,物塊從接觸彈簧到壓縮量最大的過程中,合外力先減小到零,加速度也減小到零,而速度繼續(xù)增加;然后合外力再反向增大,加速度反向增大,此時(shí)加速度和速度反向,速度逐漸減小,故B正確;當(dāng)彈簧處于壓縮量最大時(shí),彈力大于向右的恒力,合外力不為零,物塊有向左的加速度,故C正確;當(dāng)物塊受到合外力為零時(shí),加速度為零,之前是加速度逐漸減小到零的加速過程,此時(shí)速度最大,故D正確。 突破點(diǎn)(二) 牛頓第二定律的瞬時(shí)性問題 1.兩種模型 加速度與合外力具有瞬時(shí)對應(yīng)關(guān)系,二者總是同

6、時(shí)產(chǎn)生、同時(shí)變化、同時(shí)消失,具體可簡化為以下兩種模型: 2.求解瞬時(shí)加速度的一般思路 ?? [題點(diǎn)全練] 1.(2019·成都月考)如圖所示,A、B兩小球分別連在輕繩兩端,B球另一端用彈簧固定在傾角為30°的光滑斜面上。A、B兩小球的質(zhì)量分別為mA、mB,重力加速度為g。若不計(jì)彈簧質(zhì)量,在繩被剪斷瞬間,A、B兩球的加速度大小分別為(  ) A.都等于         B.和0 C.和 D.和 解析:選C 對A球:在剪斷繩子之前,A球處于平衡狀態(tài),所以繩子的拉力等于A球的重力沿斜面的分力。在剪斷繩子的瞬間,繩子上的拉力立即減為零,此時(shí)小球A受到的合力為F=mAgsin 30

7、°=mAa,a=gsin 30°=;對B球:在剪斷繩子之前,對B球進(jìn)行受力分析,B球受到重力、彈簧對它斜向上的拉力、支持力及繩子的拉力,在剪斷繩子的瞬間,繩子上的拉力立即減為零,此時(shí)對B球進(jìn)行受力分析, 則B球受到重力、彈簧斜向上的拉力、支持力,根據(jù)牛頓第二定律得:mAgsin 30°=mBa′,解得a′=。故C正確。 2.如圖所示,底板光滑的小車停在水平地面上?,F(xiàn)在小車前后壁上用兩個(gè)量程為20 N、完全相同的彈簧秤甲和乙拉住一個(gè)質(zhì)量為1 kg的物塊,此時(shí)兩彈簧秤的示數(shù)均為10 N。當(dāng)小車做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí),彈簧秤甲的示數(shù)變?yōu)? N,這時(shí)小車運(yùn)動(dòng)的加速度大小是(  ) A.2 m/s2

8、 B.4 m/s2 C.6 m/s2 D.8 m/s2 解析:選B 因彈簧的彈力與其形變量成正比,當(dāng)彈簧秤甲的示數(shù)由10 N變?yōu)? N時(shí),其形變量減少,則彈簧秤乙的形變量必增大,且甲、乙兩彈簧秤形變量變化的大小相等,所以,彈簧秤乙的示數(shù)應(yīng)為12 N,物塊在水平方向所受到的合外力為:F=T乙-T甲=12 N-8 N=4 N,根據(jù)牛頓第二定律,得物塊的加速度大小為:a==4 m/s2,小車與物塊相對靜止,加速度相等,所以小車的加速度為4 m/s2,故選項(xiàng)B正確,A、C、D錯(cuò)誤。 3.(2019·吳江檢測)如圖所示,物體a、b用一根不可伸長的細(xì)線相連,再用一根輕彈簧跟a相連,彈簧上端固定

9、在天花板上,已知物體a、b的質(zhì)量相等。當(dāng)在P點(diǎn)處剪斷繩子的瞬間(  ) A.物體a的加速度大小為g B.物體a的加速度大小為0 C.物體b的加速度大小為0 D.物體b的加速度大小為2g 解析:選A 設(shè)a、b的質(zhì)量均為m,剪斷繩子前,對a、b整體受力分析可得,彈簧彈力F=2mg。剪斷繩子瞬間,彈簧彈力不變,繩子拉力變?yōu)榱?。對a受力分析,a受重力、彈簧彈力,由牛頓第二定律可得:F-mg=ma1,解得:a1=g,方向豎直向上。對b受力分析,b只受重力,則b的加速度為g,方向豎直向下,故A正確,B、C、D錯(cuò)誤。 突破點(diǎn)(三) 動(dòng)力學(xué)的兩類基本問題 1.解決動(dòng)力學(xué)兩類基本問題的思路

10、2.動(dòng)力學(xué)兩類基本問題的解題步驟 [典例] (2018·通榆期中)如圖所示,一光滑斜面固定在水平地面上,質(zhì)量m=1 kg的物體在平行于斜面向上的恒力F作用下,從A點(diǎn)由靜止開始運(yùn)動(dòng),到達(dá)B點(diǎn)時(shí)立即撤去拉力F。此后,物體到達(dá)C點(diǎn)時(shí)速度為零。每隔0.2 s通過傳感器測得物體的瞬時(shí)速度,下表給出了部分測量數(shù)據(jù)。求: t/s 0.0 0.2 0.4 … 2.2 2.4 … v/(m·s-1) 0.0 1.0 2.0 … 3.3 2.1 … (1)恒力F的大??; (2)撤去外力F的時(shí)刻。 [思路點(diǎn)撥] (1)分析物體的運(yùn)動(dòng)情況,由表格所給的數(shù)據(jù)求加速度;

11、 (2)對物體進(jìn)行受力分析,由牛頓第二定律求出F; (3)撤去F時(shí)刻物體的速度最大,勻減速到零的運(yùn)動(dòng)可用逆向思維法計(jì)算。 [解析] (1)加速階段由加速度的定義知,加速度: a1== m/s2=5 m/s2 減速階段加速度大小為: a2== m/s2=6 m/s2 加速階段中由牛頓第二定律得:F-mgsin θ=ma1 減速階段中由牛頓第二定律得:mgsin θ=ma2 聯(lián)立以上兩式,代入數(shù)據(jù)得:F=m(a1+a2)=11 N。 (2)撤力瞬間速度最大,則有a1t=v0+a2(t′-t), 其中:v0=3.3 m/s,t′=2.2 s 解得t=1.5 s。 [答案] (

12、1)11 N (2)1.5 s [方法規(guī)律] 解決動(dòng)力學(xué)兩類問題的兩個(gè)關(guān)鍵點(diǎn) [集訓(xùn)沖關(guān)] 1.[多選](2018·宿遷調(diào)研)如圖所示,木盒中固定一質(zhì)量為m的砝碼,木盒和砝碼在桌面上以一定的初速度一起以加速度a1滑行一段距離x1后停止?,F(xiàn)拿走砝碼,而持續(xù)加一個(gè)豎直向下的恒力F(F=mg),若其他條件不變,木盒以加速度a2滑行距離x2后停止。則(  ) A.a(chǎn)2>a1          B.a(chǎn)2=a1 C.x2>x1 D.x2

13、2>a1。根據(jù)v2=2ax得,x=,知加速度增大,則滑行的距離變小。即:x2

14、CD是曲線AD的漸進(jìn)線。假如返回艙總質(zhì)量為M=400 kg,g取10 m/s2。求: (1)在開始時(shí)刻v0=160 m/s時(shí),返回艙的加速度大小; (2)空氣阻力系數(shù)k(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。 解析:(1)開始時(shí)v0=160 m/s,過A點(diǎn)切線的斜率大小就是此時(shí)的加速度的大小, 加速度的大?。篴== m/s2=20 m/s2。 (2)設(shè)浮力為F,據(jù)牛頓第二定律,在t=0時(shí)有: kv02+F-Mg=Ma 由題圖知返回艙的最終速度為:v=4 m/s, 當(dāng)返回艙勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)有:kv2+F-Mg=0 故k== kg/m≈0.31 kg/m。 答案:(1)20 m/s2 (2)0.3

15、1 kg/m 突破點(diǎn)(四) 動(dòng)力學(xué)的圖像問題 1.常見的動(dòng)力學(xué)圖像 v -t圖像、a -t圖像、F -t圖像、F -a圖像等。 2.動(dòng)力學(xué)圖像問題的類型 3.解題策略 (1)問題實(shí)質(zhì)是力與運(yùn)動(dòng)的關(guān)系,解題的關(guān)鍵在于弄清圖像斜率、截距、交點(diǎn)、拐點(diǎn)、面積的物理意義。 (2)應(yīng)用物理規(guī)律列出與圖像對應(yīng)的函數(shù)方程式,進(jìn)而明確“圖像與公式”“圖像與物體”間的關(guān)系,以便對有關(guān)物理問題作出準(zhǔn)確判斷。 [多維探究] (一)由運(yùn)動(dòng)圖像分析物體的受力情況 [例1] 質(zhì)量為0.1 kg的彈性球從空中某高度由靜止開始下落,經(jīng)0.5 s落至地面,該下落過程對應(yīng)的v -t圖像如圖所示。球與水平

16、地面相碰后離開地面時(shí)的速度大小為碰撞前的,設(shè)球受到的空氣阻力大小恒為f,取g=10 m/s2。求: (1)彈性球受到的空氣阻力f的大??; (2)彈性球第一次碰撞后反彈的高度h。 [解析] (1)設(shè)彈性球第一次下落過程中的加速度為a,由速度時(shí)間圖像得: a==8 m/s2 根據(jù)牛頓第二定律得:mg-f=ma 解得:f=0.2 N。 (2)由速度時(shí)間圖像可知,彈性球第一次到達(dá)地面的速度為v=4 m/s 則彈性球第一次離開地面時(shí)的速度大小為v′=3 m/s 離開地面后a′==12 m/s2, 根據(jù)v′2=2a′h 解得:h=0.375 m。 [答案] (1)0.2 N (2)

17、0.375 m (二)由力的圖像分析物體的運(yùn)動(dòng)情況 [例2] (2019·華中師大附中模擬)如圖甲所示為一傾角θ=37°足夠長的斜面,將一質(zhì)量m=1 kg的物體在斜面上靜止釋放,同時(shí)施加一沿斜面向上的拉力F,拉力F隨時(shí)間t變化關(guān)系的圖像如圖乙所示,物體與斜面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ=0.25。取g=10 m/s2,sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,求: (1)2 s末物體的速度大??; (2)前16 s內(nèi)物體發(fā)生的位移。 [解析] (1)對物體受力分析,受重力、支持力、拉力、摩擦力,假設(shè)0~2 s物體沿斜面方向向下運(yùn)動(dòng)mgsin θ-μmgcos θ-F1>0, 所以假設(shè)成立

18、,物體在0~2 s內(nèi)沿斜面向下 做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),由牛頓第二定律可得 mgsin θ-F1-μmgcos θ=ma1,解得a1=2.5 m/s2, v1=a1t1, 代入數(shù)據(jù)可得v1=5 m/s。 (2)物體在前2 s內(nèi)發(fā)生的位移為 x1=a1t12=5 m, 當(dāng)拉力為F2=4.5 N時(shí),由牛頓第二定律可得 mgsin θ-μmgcos θ-F2=ma2, 代入數(shù)據(jù)可得a2=-0.5 m/s2, 設(shè)物體經(jīng)過t2時(shí)間速度減為零,則 0=v1+a2t2, 解得t2=10 s, 物體在t2時(shí)間內(nèi)發(fā)生的位移為 x2=v1t2+a2t22=25 m, 由于mgs

19、in θ-μmgcos θ

20、觸彈簧后將彈簧壓縮到最短的過程中,受到向下的重力和彈簧向上的彈力,由于彈簧的彈力與壓縮量成正比,開始階段,彈力小于重力,小球的合力向下,與速度方向相同,速度增大,隨著彈力的增大,合力減小,加速度減??;后來彈力大于重力,合力向上,隨著彈力的增大,合力增大,加速度增大,由于合力與速度方向相反,小球速度減小,故當(dāng)彈力與重力相等時(shí),速度最大,此時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài);所以小球接觸彈簧后先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng),由以上分析可知D正確,A、B、C錯(cuò)誤。 [答案] D 1.質(zhì)點(diǎn)從豎直圓環(huán)上沿不同的光滑弦上端由靜止開始滑到環(huán)的最低點(diǎn)所用時(shí)間相等,如圖甲所示。 2.質(zhì)點(diǎn)從豎直

21、圓環(huán)上最高點(diǎn)沿不同的光滑弦由靜止開始滑到下端所用時(shí)間相等,如圖乙所示。 3.兩個(gè)豎直圓環(huán)相切且兩環(huán)的豎直直徑均過切點(diǎn),質(zhì)點(diǎn)沿不同的光滑弦上端由靜止開始滑到下端所用時(shí)間相等,如圖丙所示。 [典例] [多選]如圖所示,Oa、Ob和ad是豎直平面內(nèi)三根固定的光滑細(xì)桿,O、a、b、c、d位于同一圓周上,c為圓周的最高點(diǎn),a為最低點(diǎn),O′為圓心。每根桿上都套著一個(gè)小滑環(huán)(未畫出),兩個(gè)滑環(huán)從O點(diǎn)無初速釋放,一個(gè)滑環(huán)從d點(diǎn)無初速釋放,用t1、t2、t3分別表示滑環(huán)沿Oa、Ob、da到達(dá)a、b所用的時(shí)間,則下列關(guān)系正確的是(  ) A.t1=t2          B.t2>t3 C.

22、t1aOb,由x=at2可知,t2>tca,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤,B、C、D均正確。 [答案] BCD [應(yīng)用體驗(yàn)] 1.(2018·鎮(zhèn)江模擬)如圖所示,ab、cd是豎直面內(nèi)兩根固定的光滑細(xì)桿,ab、cd兩端位于相切的兩個(gè)豎直圓周上。每根桿上都套著一個(gè)小滑環(huán)(圖中未畫出)

23、,兩個(gè)滑環(huán)分別從a、c處釋放(初速度為零),用t1、t2依次表示滑環(huán)從a到b和從c到d所用的時(shí)間,則(  ) A.t1>t2 B.t1<t2 C.t1=t2 D.t1和t2的大小以上三種情況都有可能 解析:選C 設(shè)軌道與豎直方向的夾角為θ,根據(jù)幾何關(guān)系得,軌道的長度L=(2R1+2R2)cos θ,加速度:a==gcos θ,根據(jù)L=at2得,t= ,與夾角無關(guān),則t1=t2。故C正確。 2.如圖所示,在豎直平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系xOy,該平面內(nèi)有AM、BM、CM三條光滑固定軌道,其中A、C兩點(diǎn)處于同一個(gè)圓上,C是圓上任意一點(diǎn),A、M分別為此圓與y軸、x軸的切點(diǎn)。B點(diǎn)在y軸上且∠BM

24、O=60°,O′為圓心。現(xiàn)將a、b、c三個(gè)小球分別從A、B、C點(diǎn)同時(shí)由靜止釋放,它們將沿軌道運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn),如所用時(shí)間分別為tA、tB、tC,則tA、tB、tC大小關(guān)系是(  ) A.tA

25、系為α>β>θ,現(xiàn)讓一小物塊先后從三條軌道頂端由靜止下滑至底端,則小物塊在每一條傾斜軌道上滑動(dòng)時(shí)所經(jīng)歷的時(shí)間關(guān)系為(  ) A.tAB=tCD=tEF      B.tAB>tCD>tEF C.tABtCD>tEF,B項(xiàng)正確。 4.如圖所示,幾條足夠長的光滑直軌道與水平面成不同角度,從P點(diǎn)以大小不同的初速度沿各軌道發(fā)射小球,若各小球恰好在相同的時(shí)間內(nèi)到達(dá)各自的最高點(diǎn),則各小球最高點(diǎn)的位置(  ) A.在同一水平線上 B.在同一豎直線上 C.在同一拋物線上 D.在同一圓周上 解析:選D 設(shè)某一直軌道與水平面成θ角,末速度為零的勻減速直線運(yùn)動(dòng)可看成逆向的初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng),則小球在直軌道上運(yùn)動(dòng)的加速度a==gsin θ,由位移公式得l=at2=gsin θ·t2,即=gt2,不同的傾角θ對應(yīng)不同的位移l,但相同,即各小球最高點(diǎn)的位置在直徑為gt2的圓周上,選項(xiàng)D正確。

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