《2020屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 11.1簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)學(xué)案(通用)》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2020屆高考物理一輪復(fù)習(xí) 11.1簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)學(xué)案(通用)(7頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、第 1 課時(shí) 簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)
基礎(chǔ)知識(shí)歸納
1. 機(jī)械振動(dòng)
機(jī)械振動(dòng)是物體在某一位置附近的往復(fù)運(yùn)動(dòng),這一位置叫做 平衡位置 .這種往復(fù)運(yùn)動(dòng)是因?yàn)槲矬w受到了相應(yīng)的力,該力總是試圖把離開平衡位置的物體拉向平衡位置,該力叫 回復(fù)力 ,是物體做機(jī)械振動(dòng)的條件.
2.簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)
(1)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)是最簡(jiǎn)單的機(jī)械振動(dòng)形式,物體所受回復(fù)力F與物體 離開平衡位置的位移 成正比,與位移方向相反.判斷振動(dòng)是否是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的依據(jù)是:分析回復(fù)力是否滿足 F=-kx ,滿足這一特征則為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng).
(2)回復(fù)力是按力的 效果 命名的,單獨(dú)的一個(gè)力、幾個(gè)力的合力、某個(gè)力的分力都可以擔(dān)當(dāng)回復(fù)力.所以,首先應(yīng)對(duì)振動(dòng)的物體進(jìn)
2、行全面的受力分析,尋找出是什么力擔(dān)當(dāng)回復(fù)力,而不能憑空添加一個(gè)回復(fù)力.
(3)當(dāng)物體做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)時(shí),運(yùn)動(dòng)的周期是完成一次全振動(dòng)所用的時(shí)間.全振動(dòng)是指:從物體在某一位置的運(yùn)動(dòng)開始,直到物體下一次以相同的 速度(或動(dòng)量) 到達(dá)該位置的過程.
(4)若簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的位移圖象如圖,那么該振動(dòng)圖象的解析式是:,簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的表達(dá)式為:.
(5)理想化的彈簧振子模型:一根光滑的水平細(xì)桿上套一輕彈簧,彈簧一端固定,另一端連一小球,小球也套在細(xì)桿上.將小球拉離平衡位置后放手,小球就做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng).它受到的回復(fù)力是 彈簧的彈力 .
(6)受迫振動(dòng)是物體在周期性外力作用下的振動(dòng),此周期性外力叫 驅(qū)動(dòng)力 .共振是當(dāng)驅(qū)動(dòng)力
3、頻率與物體固有振動(dòng)頻率十分接近時(shí)發(fā)生的受迫振動(dòng),系統(tǒng)的振幅會(huì)很大.
(7)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的能量是振動(dòng)的 動(dòng)能 和 勢(shì)能 的總和,振動(dòng)過程中機(jī)械能守恒,所以 振幅 不變.實(shí)際振動(dòng)過程中機(jī)械能逐漸減小,簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)是一種理想化的振動(dòng).
重點(diǎn)難點(diǎn)突破
一、簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的位移
從平衡位置指向振子所在位置的有向線段.
二、相位
描述做周期性運(yùn)動(dòng)的物體在各個(gè)不同時(shí)刻所處的不同狀態(tài),是描述不同振動(dòng)的振動(dòng)步調(diào)的物理量.同相:表明兩個(gè)振動(dòng)物體的步調(diào)相同.反相:表明兩個(gè)振動(dòng)物體的步調(diào)相反.相位(ωt+φ)是一個(gè)隨時(shí)間變化的量,它的值相當(dāng)于一個(gè)角度值.相位每增加2π,意味著物體完成了一次全振動(dòng).相位差Δφ=(ω1t+
4、φ2)-(ω2t+φ1),若ω1=ω2,則有穩(wěn)定的相位差Δφ=φ2-φ1,若ω1≠ω2,則不具有穩(wěn)定的相位差.
三、對(duì)回復(fù)力的理解
回復(fù)力是根據(jù)力的作用效果來命名的,它可以是一個(gè)力,也可以是多個(gè)力的合力,還可以由某個(gè)力的分力提供.F=-kx是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的動(dòng)力學(xué)特征式,是判斷一個(gè)振動(dòng)是否為簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的依據(jù).
四、振幅與路程的關(guān)系
一個(gè)周期內(nèi)的路程等于振幅的4倍,半個(gè)周期內(nèi)的路程等于振幅的2倍,周期內(nèi)的路程與振幅之間沒有確定的關(guān)系.若從特殊位置(如平衡位置、最大位移處)開始計(jì)時(shí),周期內(nèi)的路程等于振幅;若從一般位置開始計(jì)時(shí),周期內(nèi)的路程與振幅之間沒有確定的關(guān)系.
五、簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性和周期性
5、
1.空間上的對(duì)稱性:振子經(jīng)過關(guān)于平衡位置對(duì)稱的兩個(gè)位置,速度大小、位移大小、加速度大小、回復(fù)力大小、動(dòng)量大小、動(dòng)能、勢(shì)能都相等;關(guān)于平衡位置對(duì)稱的兩段位移,振子經(jīng)過所用的時(shí)間相等.
2.時(shí)間上的周期性:若t2-t1=nT(n=1,2,3…),則t1、t2兩時(shí)刻振子在同一位置.若t2-t1=nT+ (n=0,1,2…),則t1、t2兩時(shí)刻,描述振子運(yùn)動(dòng)的物理量(x、a、v)均大小相等,方向相反.若t2-t1=nT+ (n=0,1,2…)或t2-t1=nT+ (n=0,1,2…),則若t1時(shí)刻振子到達(dá)最大位移處,那么t2時(shí)刻振子到達(dá)平衡位置,反之亦然.
六、簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的圖象
反映同一質(zhì)點(diǎn)偏離
6、平衡位置的位移隨時(shí)間變化的規(guī)律.
1.從簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)圖象可直接讀出在不同時(shí)刻的位移值,從而知道位移x隨時(shí)間t的變化情況.
2.可以確定振幅,如圖所示.
3.可以確定振動(dòng)的周期和頻率,如圖所示.
4.可以用作曲線上某點(diǎn)切線的辦法確定各時(shí)刻質(zhì)點(diǎn)的速度的大小和方向.
5.由于簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的加速度與位移大小成正比,方向相反,故可以根據(jù)圖象上各時(shí)刻的位移變化情況確定質(zhì)點(diǎn)加速度的變化情況.
典例精析
1.利用動(dòng)力學(xué)特征式F=-kx證明振動(dòng)是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)
【例1】試證明豎直方向的彈簧振子的振動(dòng)是簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng).
【證明】如圖所示,設(shè)振子的平衡位置為O,豎直向下為正方向,此時(shí)彈簧的形變?yōu)閤0,根據(jù)胡克定律及平
7、衡條件有
mg-kx0=0 ①
當(dāng)振子向下偏離平衡位置為x時(shí),回復(fù)力(即合外力)為F回=mg-(x+x0) ②
將①式代入②式得F回=,可見,重物豎直振動(dòng)時(shí)的受力情況符合簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的條件.
【拓展1】如圖所示,在光滑水平面上,用兩根勁度系數(shù)分別為k1、k2的輕質(zhì)彈簧系住一個(gè)質(zhì)量為m的小球.開始時(shí),兩彈簧均處于原長(zhǎng),后使小球向左偏離x后放手,可以看到小球?qū)⒃谒矫嫔献鐾鶑?fù)振動(dòng).試問小球是否做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)?
【解析】以小球?yàn)檠芯繉?duì)象,豎直方向受力平衡,水平方向受到兩根彈簧的彈力作用.設(shè)小球位于平衡位置O左方某處時(shí),偏離平衡位置的位移為x,則左方彈簧受壓,對(duì)小球的彈力方向向右,大小為F1=
8、x
右方彈簧被拉伸,小球所受的彈力方向向右,大小為F2=kx
小球所受的回復(fù)力等于兩個(gè)彈力的合力,其方向向右,大小為F=F1+F2=(+)x
令k=+,上式可寫成F=kx
由于小球所受的回復(fù)力方向與物體位移x的方向相反,故考慮方向后上式可表示為F=-kx.所以,小球?qū)⒃趦筛鶑椈傻淖饔孟?,沿水平方向做?jiǎn)諧運(yùn)動(dòng).
2.簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)圖象的識(shí)別和簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)規(guī)律的應(yīng)用
【例2】如圖所示是某彈簧振子的振動(dòng)圖象,試由圖象判斷下列說法中正確的是( )
A.振幅為3 m,周期為8 s
B.4 s末振子速度為負(fù),加速度為零
C.14 s末振子加速度為正,速度最大
D.4 s末和8 s末時(shí)振子的速度
9、相同
【解析】由圖象可知振幅A=3 cm,周期T=8 s,故選項(xiàng)A錯(cuò)誤.
4 s末圖線恰與橫軸相交,位移為零,則加速度為零.過這一點(diǎn)作圖線的切線,切線與橫軸的夾角大于90°(或根據(jù)下一時(shí)刻位移為負(fù)),所以振子的速度為負(fù),故選項(xiàng)B正確.
根據(jù)振動(dòng)圖象的周期性,可推知14 s末質(zhì)點(diǎn)處于負(fù)的最大位移處(也可以把圖線按原來的形狀向后延伸至14 s末),因此質(zhì)點(diǎn)的加速度為正的最大,但速度為零,故選項(xiàng)C錯(cuò)誤.
4 s末和8 s末質(zhì)點(diǎn)處在相鄰的兩個(gè)平衡位置,則速度方向顯然相反(或根據(jù)切線斜率判斷),所以選項(xiàng)D錯(cuò)誤.
【答案】B
【思維提升】根據(jù)簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)圖象分析簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)情況,關(guān)鍵是要知道圖象直接地
10、表示了哪些物理量,間接地表示了哪些物理量,分析間接表示的物理量的物理依據(jù)是什么.
【拓展2】有一彈簧振子在水平方向上的BC之間做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng),已知BC間的距離為20 cm,振子在2 s內(nèi)完成了10次全振動(dòng).若從某時(shí)刻振子經(jīng)過平衡位置時(shí)開始計(jì)時(shí)(t=0),經(jīng)過周期振子有正向的最大加速度.
(1)求振子的振幅和周期;
(2)在圖中作出該振子的位移—時(shí)間圖象;
(3)寫出振子的振動(dòng)表達(dá)式.
【解析】由題意可知BC間距離等于振幅的2倍,完成一次全振動(dòng)的時(shí)間即為周期,
這是解題的突破口.
(1)振子的振幅A=10 cm
振子的周期T==0.2 s
(2)如圖所示.
(3)ω=,x=-As
11、in ωt=-0.1sin 10πt m
3.利用簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性與牛頓定律結(jié)合解題
【例3】如圖,輕彈簧的一端固定在地面上,另一端與木板B相連,木板A放在木板B上,兩木板質(zhì)量均為m,現(xiàn)加豎直向下的力F作用于A,A與B均靜止.問:
(1)將力F瞬間撤除后,兩木板共同運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí),B對(duì)A的彈力多大?
(2)要使兩板不會(huì)分開,F(xiàn)應(yīng)該滿足什么條件?
【解析】(1)把沒有外力F作用時(shí)物體所處的位置為平衡位置,則物體被外力壓下去后,根據(jù)對(duì)稱性,當(dāng)兩木板到達(dá)最高點(diǎn)時(shí),其回復(fù)力和最低點(diǎn)的回復(fù)力大小相等,也為F.此時(shí)共同的加速度由牛頓第二定律求得a=F/2m
A物體受到重力與支持力N,再應(yīng)用牛頓
12、第二定律有
mg-N=ma
所以N=mg-ma=mg-F/2
(2)要使兩板不分離,則N≥0,由上式得F≤2mg
【思維提升】此題利用了簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱性來解題,關(guān)于平衡位置對(duì)稱的兩點(diǎn),回復(fù)力大小和加速度大小相等.
【拓展3】如圖所示,一升降機(jī)在箱底有若干個(gè)彈簧,設(shè)在某次事故中,升降機(jī)吊索在空中斷裂,忽略摩擦力,則升降機(jī)在從彈簧下端觸地后直到最低點(diǎn)的一段運(yùn)動(dòng)過程中( CD )
A.升降機(jī)的速度不斷減小
B.升降機(jī)的加速度不斷變大
C.先是彈力做的負(fù)功小于重力做的正功,然后是彈力做的負(fù)功大于重力做的正功
D.到最低點(diǎn)時(shí),升降機(jī)加速度的值一定大于重力加速度的值
【解析】本題實(shí)質(zhì)上
13、是一個(gè)豎直彈簧振子的物理模型問題.當(dāng)升降機(jī)吊索斷裂后升降機(jī)先做自由落體運(yùn)動(dòng).當(dāng)?shù)撞繌椈蓜傆|地后,由于重力mg大于彈力FN,所以升降機(jī)仍向下做加速運(yùn)動(dòng),隨著彈簧壓縮形變?cè)酱?,向上的彈力也隨之增大,所以向下的合力及加速度不斷變小,直至mg=FN時(shí),a=0,速度達(dá)到最大值vm,這段運(yùn)動(dòng)是速度增大、加速度變小的運(yùn)動(dòng).根據(jù)動(dòng)能定理W=ΔEk,即WG-=ΔEk>0,所以WG>,重力做的正功大于彈力做的負(fù)功,當(dāng)升降機(jī)從a=0的平衡位置繼續(xù)向下運(yùn)動(dòng)時(shí),由于彈力大于重力,所以加速度方向向上,且不斷變大,而速度v不斷變小直至為0,這段過程中,WG-WFN=ΔEk<0,所以WG<,重力做的正功小于彈力做的負(fù)功.由此
14、可知,選項(xiàng)A、B錯(cuò),而C正確.
把升降機(jī)視為一個(gè)豎直彈簧振子,如圖所示.
彈簧剛觸地時(shí)升降機(jī)的位置在A點(diǎn),升降機(jī)向下運(yùn)動(dòng)到的最低點(diǎn)位置為B點(diǎn),速度最大的平衡位置為O點(diǎn).在A點(diǎn)時(shí)有向下的速度,A點(diǎn)為最大位移處到平衡位置中的一點(diǎn),即A點(diǎn)并非最大位移點(diǎn).而B點(diǎn)速度為零,就是振子平衡位置下方的最大位移點(diǎn),故>.既然A點(diǎn)的加速度aA=g方向向下,根據(jù)彈簧振子的對(duì)稱性,那么最大位移B點(diǎn)的最大加速度aB=am>aA=g,方向向上,選項(xiàng)D正確.
易錯(cuò)門診
4.簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)的周期性導(dǎo)致的多解問題
【例4】彈簧振子以O(shè)點(diǎn)為平衡位置做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng),從經(jīng)過O點(diǎn)開始計(jì)時(shí),振子第一次到達(dá)某點(diǎn)P時(shí)用了0.3 s,又經(jīng)過0.2 s第二次經(jīng)過P點(diǎn),則振子第三次經(jīng)過P點(diǎn)還要經(jīng)過的時(shí)間是 .
【錯(cuò)解】因?yàn)楫?dāng)振子從平衡位置到第一次經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)用了0.3 s,到達(dá)最大位移后再回到該點(diǎn)用了0.1 s,利用對(duì)稱性知道,振子從該點(diǎn)到平衡位置所用的時(shí)間為0.1 s,從而周期為4×(0.3+0.1)=1.6 s.當(dāng)振子第三次回到該點(diǎn)時(shí),還要經(jīng)歷時(shí)間為1.4 s.
【錯(cuò)因】上述錯(cuò)誤在于只考慮一種可能情況.
【正解】實(shí)際上有兩種可能.依據(jù)對(duì)稱性不難得出第三次(第二種可能)經(jīng)過P點(diǎn)的時(shí)間為 s.
【思維提升】本題容易出的錯(cuò)誤是漏掉了另一個(gè)可能的解,注意對(duì)稱性與周期性在解題實(shí)踐中的應(yīng)用.