2020屆高考數(shù)學(xué)大二輪復(fù)習(xí) 沖刺經(jīng)典專題 第二編 講專題 專題六 概率與統(tǒng)計 第2講 概率練習(xí) 文
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1、第2講 概率 「考情研析」 1.互斥事件、對立事件的概率公式是每年高考的熱點,既有單獨命題,也有與其他概率知識綜合命題.題型既有選擇題、填空題,也有解答題,難度中等. 2.對古典概型的直接考查是每年高考的重點,題型為選擇題、填空題,有時也與統(tǒng)計結(jié)合出現(xiàn)在解答題中,難度適中,屬中檔題. 3.與長度、面積有關(guān)的幾何概型是每年高考的重點,題型為選擇題或填空題,難度較小,屬于基礎(chǔ)題. 核心知識回顧 1.互斥事件與對立事件 (1)事件A,B互斥,那么事件A+B發(fā)生(即A,B中有一個發(fā)生)的概率,等于事件A,B分別發(fā)生的概率的和,即P(A+B)=P(A)+P(B). (2)在一次試驗中,對立事件
2、A和不會同時發(fā)生,但一定有一個發(fā)生,因此有P()=1-P(A). 2.古典概型 (1)古典概型的概率公式 P(A)=. (2)古典概型的兩個特點 ①試驗中所有可能出現(xiàn)的基本事件只有有限個; ②每個基本事件出現(xiàn)的可能性相等. 3.幾何概型 (1)幾何概型的概率公式 P(A)=. (2)幾何概型應(yīng)滿足的兩個條件 ①試驗中所有可能出現(xiàn)的結(jié)果(基本事件)有無限多個; ②每個基本事件出現(xiàn)的可能性相等. 熱點考向探究 考向1 互斥事件與對立事件 例1 (2019·咸陽市高三模擬檢測(一))(1)某校高三(1)班50名學(xué)生參加1500 m體能測試,其中23人成績?yōu)锳,其余人成
3、績都是B或C.從這50名學(xué)生中任意抽取1人,若抽得成績是B的概率是0.4,則抽得成績是C的概率是( ) A.0.14 B.0.20 C.0.40 D.0.60 答案 A 解析 由于成績是A的有23人,抽得成績是B的概率是0.4,故抽到成績是C的概率為1--0.4=0.14. (2)(2019·漢中市高三年級教學(xué)質(zhì)量第二次檢測)一次數(shù)學(xué)考試中,4位同學(xué)各自在選做題第22題和第23題中任選一題作答,則至少有1人選做第23題的概率為( ) A. B. C. D. 答案 D 解析 記這4位同學(xué)選做第23題的事件分別為A,B,C,D,不選做第23題(即選做第
4、22題)的事件分別為,,,.則這4位同學(xué)在第22題和第23題中任選一題作答,所以情況為:(A,B,C,D),(,B,C,D),(A,,C,D),(A,B,,D),(A,B,C,),(,,C,D),(,B,,D),(,B,C,),(A,,,D),(A,,C,),(A,B,,),(,,,D),(,,C,),(,B,,),(A,,,),(,,,),共16種,其中,都不選做第23題的為(,,,),共1種,故都不選做第23題的概率為,由對立事件的概率公式知,至少有1人選做第23題的概率為1-=.故選D. 互斥事件、對立事件概率的求法 (1)解決此類問題,首先應(yīng)根據(jù)互斥事件和對立事件的定義分析
5、出是不是互斥事件或?qū)α⑹录?,再選擇概率公式進行計算. (2)求復(fù)雜的互斥事件的概率一般有兩種方法: ①直接法:將所求事件的概率分解為一些彼此互斥的事件的概率的和,運用互斥事件的概率加法公式計算; ②間接法:先求此事件的對立事件的概率,再用公式P(A)=1-P()求解,即運用正難則反的數(shù)學(xué)思想.特別是“至多”“至少”型問題,用間接法就顯得較簡便. 1.如果事件A與B是互斥事件,且事件A∪B發(fā)生的概率是0.64,事件B發(fā)生的概率是事件A發(fā)生的概率的3倍,則事件A發(fā)生的概率為________. 答案 0.16 解析 ∵P(A)+P(B)=0.64,P(B)=3P(A), ∴P(A
6、)=0.16. 2.投擲一枚骰子,若事件A表示“小于5的偶數(shù)點出現(xiàn)”,事件B表示“小于5的點數(shù)出現(xiàn)”,則事件A∪發(fā)生的概率為________. 答案 解析 由于事件總數(shù)為6,故P(A)==,P(B)==,從而P()=1-P(B)=,又A與互斥,故P(A∪)=P(A)+P()=+=. 考向2 古典概型 例2 某校有包括甲、乙兩人在內(nèi)的5名大學(xué)生自愿參加該校舉行的A,B兩場國際學(xué)術(shù)交流會的服務(wù)工作,這5名大學(xué)生中有2名被分配到A場交流會,另外3名被分配到B場交流會,如果分配方式是隨機的,則甲、乙兩人被分配到同一場交流會的概率為________. 答案 解析 記其余3名大學(xué)生分別
7、為丙、丁、戊,則5名大學(xué)生分別被分配到A場交流會、B場交流會的所有基本事件有: ①A(甲、乙),余下的人分配到B場交流會,下同, ②A(甲、丙),③A(甲、丁),④A(甲、戊),⑤A(乙、丙),⑥A(乙、丁),⑦A(乙、戊),⑧A(丙、丁),⑨A(丙、戊),⑩A(丁、戊),共10個,其中甲、乙兩人被分配到同一場交流會的基本事件是:①⑧⑨⑩,故所求概率為=. 定義法求解古典概型的關(guān)鍵 定義法求解古典概型的關(guān)鍵是準(zhǔn)確求解基本事件空間與所求事件包含的基本事件的個數(shù),而求解事件個數(shù)的主要方法是列舉法,列舉時需注意兩個方面:一是確定抽取是否有“序”;二是確定列舉法寫出所有基本事件的一個順
8、序. 1.(2019·安徽江淮十校高三第三次聯(lián)考)甲、乙兩人玩猜數(shù)字游戲,先由甲心中想一個數(shù)字,記為a,再由乙猜甲剛才所想的數(shù)字,把乙猜的數(shù)字記為b,其中a,b∈{1,2,3,4,5},若|a-b|≤1,就稱甲、乙“心有靈屏”.現(xiàn)任意找兩人玩這個游戲,則他們“心有靈犀”的概率為( ) A. B. C. D. 答案 C 解析 甲、乙兩人猜數(shù)字時互不影響,故各有5種可能,故基本事件有25種,“心有靈犀”的情況包括(1,1),(1,2),(2,1),(2,2),(2,3),(3,2),(3,3),(3,4),(4,3),(4,4),(4,5),(5,4),(5,5),共1
9、3種,故他們“心有靈犀”的概率為. 2.(2019·瀘州市瀘縣第一中學(xué)高三三診模擬)學(xué)校根據(jù)課程計劃擬定同時實施“科普之旅”和“紅色之旅”兩個主題的研學(xué)旅行,現(xiàn)在小芳和小敏都已經(jīng)報名參加此次的研學(xué)旅行,則兩人選擇的恰好是同一研學(xué)旅行主題的概率為( ) A. B. C. D. 答案 B 解析 記“科普之旅”和“紅色之旅”兩個研學(xué)旅行主題分別為A,B,則小芳和小敏的報名方法有(A,B),(B,A),(A,A),(B,B),共4種,其中兩人選擇的恰好是同一研學(xué)旅行主題的有(A,A),(B,B),共2種,因此所求概率為=,選B. 考向3 幾何概型 例3 (1)(2019
10、·湖北省八市(黃石市、仙桃市…黃岡市高三聯(lián)合考試)把不超過實數(shù)x的最大整數(shù)記為[x],則函數(shù)f(x)=[x]稱作取整函數(shù),又叫高斯函數(shù),在[2,5]上任取x,則[x]=[]的概率為( ) A. B. C. D. 答案 B 解析 當(dāng)2≤x<3時,[x]=[]=2; 當(dāng)3≤x<4時,[x]=3,[]=2; 當(dāng)4≤x<4.5時,[x]=4,[]=2; 當(dāng)4.5≤x<5時,[x]=4,[]=3. 符合條件的x∈[2,3),由長度比可得,[x]=[]的概率為=.故選B. (2)(2019·太原市高三一模)在平面區(qū)域 內(nèi)任取一點P(x,y),則存在α∈R,使得點P的坐標(biāo)(
11、x,y)滿足(x-2)cosα+ysinα-=0的概率為( ) A.1- B. C.- D.1- 答案 A 解析 畫出平面區(qū)域圖中△OBA邊界及內(nèi)部是所表示的平面區(qū)域,如圖陰影部分所示: (x-2)cosα+ysinα-=0 ? sin(α+φ)= ? ≥,它表示在已知平面區(qū)域內(nèi),圓心(2,0),半徑為的圓外(包括圓周),如圖所示. 解方程組? ?B,S△OAB=×OA×|yB|=, 在已知平面區(qū)域內(nèi),圓心坐標(biāo)為(2,0),半徑為的圓內(nèi)(包括圓周)的面積為S1,S1==,所求的概率P==1-,故選A. 幾何概型三種常見類型及判斷方法 (1)與長度
12、有關(guān)的幾何概型,其基本事件只與一個連續(xù)的變量有關(guān); (2)與面積有關(guān)的幾何概型,其基本事件與兩個連續(xù)的變量有關(guān),若已知圖形不明確,可將兩個變量分別作為一個點的橫坐標(biāo)和縱坐標(biāo),這樣基本事件就構(gòu)成了平面上的一個區(qū)域,即可借助平面區(qū)域解決問題; (3)與體積有關(guān)的幾何概型.關(guān)鍵是看事件的構(gòu)成是否與體積有關(guān). 1.在區(qū)間上隨機取一個數(shù)x,則sinx+cosx∈[1,]的概率是( ) A. B. C. D. 答案 B 解析 由sinx+cosx=sin∈[1,],得≤sin≤1,因為x∈,所以在區(qū)間內(nèi),滿足sin∈的x∈,故要求的概率為=.故選B. 2.(2019
13、·云南昆明模擬)設(shè)實數(shù)x,y滿足x2+(y-1)2≤1,則x-y+2≤0的概率為( ) A. B. C. D. 答案 C 解析 如圖,直線x-y+2=0與圓x2+(y-1)2=1交于A(0,2),B(-1,1)兩點,則x-y+2≤0的概率P===,故選C. 3.在棱長為2的正方體內(nèi)任取一點,則該點到正方體中心的距離不大于1的概率為________. 答案 解析 正方體體積V1=23=8,滿足要求的點構(gòu)成的圖形為球.體積V2=×13=,所以概率P===. 真題押題 『真題模擬』 1.(2019·全國卷Ⅱ)生物實驗室有5只兔子,其中只有3只測量過某項指標(biāo).若從這
14、5只兔子中隨機取出3只,則恰有2只測量過該指標(biāo)的概率為( ) A. B. C. D. 答案 B 解析 設(shè)5只兔子中測量過某項指標(biāo)的3只為a1,a2,a3,未測量過這項指標(biāo)的2只為b1,b2,則從5只兔子中隨機取出3只的所有可能情況為(a1,a2,a3),(a1,a2,b1),(a1,a2,b2),(a1,a3,b1),(a1,a3,b2),(a1,b1,b2),(a2,a3,b1),(a2,a3,b2),(a2,b1,b2),(a3,b1,b2),共10種可能.其中恰有2只測量過該指標(biāo)的情況為(a1,a2,b1),(a1,a2,b2),(a1,a3,b1),(a1,a3,
15、b2),(a2,a3,b1),(a2,a3,b2),共6種可能.故恰有2只測量過該指標(biāo)的概率為=.故選B. 2. (2019·青島市高三教學(xué)質(zhì)量檢測)部分與整體以某種相似的方式呈現(xiàn)稱為分形.謝爾賓斯基三角形是一種分形,由波蘭數(shù)學(xué)家謝爾賓斯基1915年提出.具體操作是取一個實心三角形,沿三角形的三邊中點連線,將它分成4個小三角形,去掉中間的那一個小三角形后,對其余3個小三角形重復(fù)上述過程得到如圖所示的圖案,若向該圖案隨機投一點,則該點落在黑色部分的概率是( ) A. B. C. D. 答案 B 解析 由題圖可知,黑色部分由9個小三角形組成,該圖案可看作由16個小三角形
16、組成,設(shè)“向該圖案隨機投一點,則該點落在黑色部分”為事件A,由幾何概型中的面積型可得P(A)==,故選B. 3.(2019·赤峰市高三模擬)我們可以用隨機數(shù)法估計π的值,如圖所示的程序框圖表示其基本步驟(函數(shù)RAND是產(chǎn)生隨機數(shù)的函數(shù),它能隨機產(chǎn)生(0,1)內(nèi)的任何一個實數(shù)),若輸出的結(jié)果為784,則由此可估計π的近似值為( ) A.3.119 B.3.124 C.3.136 D.3.151 答案 C 解析 根據(jù)已知程序框圖可以得到,該程序的功能是利用隨機模擬的方法任取(0,1)內(nèi)的兩個數(shù)x,y,將這兩個數(shù)看作平面區(qū)域內(nèi)的一個點(x,y),該點落在x2+y2<1的概
17、率為;計數(shù)變量m表示計算該點落入平面區(qū)域x2+y2<1的次數(shù),因為輸出的結(jié)果為784,所以在1000次中共有784次該點落入在平面區(qū)域x2+y2<1內(nèi),根據(jù)古典概型概率計算公式可得P=,所以有≈,故π≈3.136,故選C. 4.(2019·江蘇高考)從3名男同學(xué)和2名女同學(xué)中任選2名同學(xué)參加志愿者服務(wù),則選出的2名同學(xué)中至少有1名女同學(xué)的概率是________. 答案 解析 解法一:設(shè)3名男同學(xué)分別為A,B,C,2名女同學(xué)分別為a,b,則所有等可能事件分別為AB,AC,Aa,Ab,BC,Ba,Bb,Ca,Cb,ab,共10個,選出的2名同學(xué)中至少有1名女同學(xué)包含的基本事件分別為Aa,A
18、b,Ba,Bb,Ca,Cb,ab,共7個,故所求概率為. 解法二:同解法一,得所有等可能事件共10個,選出的2名同學(xué)中沒有女同學(xué)包含的基本事件分別為AB,AC,BC,共3個,故所求概率為1-=. 『金版押題』 5.我國古代數(shù)學(xué)家趙爽所著《周髀算經(jīng)注》中給出了勾股定理的絕妙證明,如圖是趙爽的弦圖及注文.弦圖是一個以勾股形之弦為邊的正方形,其面積稱為弦實.圖中包含四個全等的勾股形及一個小正方形,分別涂成紅(朱)色及黃色,其面積稱為朱實、黃實,利用2×勾×股+(股-勾)2=4×朱實+黃實=弦實,化簡,得勾2+股2=弦2.設(shè)勾股中勾股比為1∶,若向弦圖內(nèi)隨機拋擲1000顆圖釘(大小忽略不計),則
19、落在黃色圖形內(nèi)的圖釘數(shù)大約為( ) A.866 B.500 C.300 D.134 答案 D 解析 設(shè)勾為a,則股為a,弦為2a,所以題圖中大四邊形的面積為4a2,小四邊形的面積為(-1)2a2=(4-2)a2.由測度比為面積比,可得圖釘落在黃色圖形內(nèi)的概率為=1-.故落在黃色圖形內(nèi)的圖釘數(shù)大約為1000×≈134.故選D. 6.有一長、寬分別為50 m、30 m的游泳池,一名工作人員在池邊巡視,某時刻出現(xiàn)在池邊任一位置的可能性相同.一人在池中心(對角線交點)處呼喚工作人員,其聲音可傳出15 m,則工作人員能及時聽到呼喚聲(出現(xiàn)在聲音可傳到區(qū)域)的概率是( )
20、A. B. C. D. 答案 B 解析 當(dāng)該人在池中心位置時,呼喚工作人員的聲音可以傳出15 m,那么當(dāng)在如圖所示的三角形范圍的池邊時,工作人員才能及時聽到呼喚聲. 所有可能結(jié)果用周長160表示,事件發(fā)生的結(jié)果可用兩條線段的長度和60表示,故P==.故選B. 配套作業(yè) 一、選擇題 1.若隨機事件A,B互斥,A,B發(fā)生的概率均不等于0,且P(A)=2-a,P(B)=4a-5,則實數(shù)a的取值范圍是( ) A. B. C. D. 答案 D 解析 由題意知 所以解得可得<a≤.故選D. 2.(2019·重慶市高三學(xué)業(yè)質(zhì)量調(diào)研抽測二診)將甲、乙、丙三名
21、學(xué)生隨機分到兩個不同的班級,每個班至少分到一名學(xué)生,則甲、乙兩名學(xué)生分到同一班級的概率是( ) A. B. C. D. 答案 B 解析 將甲、乙、丙三名學(xué)生隨機分到兩個不同的班級,每個班至少分到一名學(xué)生,則必有一人分到一個班,另兩人分到一個班,所有情況有(甲,乙丙),(乙,甲丙),(丙,甲乙),(乙丙,甲),(甲丙,乙),(甲乙,丙),共6種,且甲、乙兩名學(xué)生分到同一班級的情況有(甲乙,丙),(丙,甲乙),共2種.所以甲、乙兩名學(xué)生分到同一班級的概率P=.故選B. 3.(2019·河北衡水中學(xué)期中)為了加強某站的安全檢查工作,從甲、乙、丙等5名候選民警中選2名作為安保人
22、員,則甲、乙、丙中有2人被選中的概率為( ) A. B. C. D. 答案 A 解析 從甲、乙、丙等5名候選民警中選2名作為安保人員共有10種情況,甲、乙、丙中有2個被選中有3種情況,故選A. 4.(2019·焦作市高三四模)記[m]表示不超過m的最大整數(shù).若在x∈上隨機取1個實數(shù),則使得[log2x]為偶數(shù)的概率為( ) A. B. C. D. 答案 A 解析 若x∈,則log2x∈(-3,-1).要使得[log2x]為偶數(shù),則log2x∈[-2,-1).所以x∈,故所求概率P==.故選A. 5.將一個棱長為4 cm的正方體表面涂上紅色后,再均
23、勻分割成棱長為1 cm的小正方體.從涂有紅色面的小正方體中隨機取出一個小正方體,則這個小正方體表面的紅色面積不少于2 cm2的概率是( ) A. B. C. D. 答案 A 解析 由題意可知共分成了64個小正方體,其中,涂有紅色面的小正方體的個數(shù)為43-23=56,3個面涂色的小正方體有8個,2個面涂色的小正方體有24個,1個面涂色的小正方體有24個,易知所求概率為=. 6.(2019·沈陽市高三教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測(一))某英語初學(xué)者在拼寫單詞“steak”時,對后三個字母的記憶有些模糊,他只記得由“a”“e”“k”三個字母組成并且“k”只可能在最后兩個位置,如果他根據(jù)已有信
24、息填入上述三個字母,那么他拼寫正確的概率為( ) A. B. C. D. 答案 B 解析 滿足題意的字母組合有四種,分別是eka,ake,eak,aek,拼寫正確的組合只有一種eak,所以他拼寫正確的概率為P=.故選B. 7.(2019·湖南益陽市高三模擬)如圖,在區(qū)域:x2+y2≤4內(nèi)取一點,則該點恰好取自陰影部分(陰影部為“x2+y2≤4”與“(x-1)2+(y-1)2≤2”的公共部分)的概率是( ) A.- B.1- C.1- D.+ 答案 A 解析 陰影部分的面積為圓(x-1)2+(y-1)2=2的半圓面積和圓x2+y2=4的弓形面
25、積之和,即×π×()2+×π×22-2=2π-2,故所求概率為=-.故選A. 8.(2019·成都第二次診斷)兩位同學(xué)約定下午5:30~6:00在圖書館見面,且他們在5:30~6:00之間到達的時刻是等可能的,先到同學(xué)須等待,15分鐘后還未見面便離開.則兩位同學(xué)能夠見面的概率是( ) A. B. C. D. 答案 D 解析 從下午5:30開始計時,設(shè)兩位同學(xué)到達的時刻分別為x分鐘,y分鐘,則x,y應(yīng)滿足如圖中正方形OABC所示,若兩位同學(xué)能夠見面,則x,y應(yīng)滿足|x-y|≤15,如圖中陰影部分(含邊界)所示,所以所求概率P==,故選D. 9.一個多面體的直觀圖和三
26、視圖如圖所示,點M是AB的中點,一只蝴蝶在幾何體ADF-BCE內(nèi)自由飛翔,則它飛入幾何體F-AMCD內(nèi)的概率為( ) A. B. C. D. 答案 D 解析 由題圖可知V幾何體F-AMCD=×S四邊形AMCD×DF=a3,V幾何體ADF-BCE=a3,所以它飛入幾何體F-AMCD內(nèi)的概率為=. 10.(2019·湖北4月調(diào)考)已知圓C:x2+y2=4,直線l:y=x,則圓C上任取一點A到直線l的距離小于1的概率為( ) A. B. C. D. 答案 D 解析 如圖所示,設(shè)與y=x平行的兩直線AD,BF交圓C于點A,D,B,F(xiàn),且它們到直線y=
27、x的距離相等,過點A作AE垂直于直線y=x,垂足為E,當(dāng)點A到直線y=x的距離為1時,即AE=1,又CA=2,則∠ACE=,所以∠ACB=∠FCD=,所以所求概率P==,故選D. 二、填空題 11.(2019·四川綿陽高三第二次質(zhì)量檢測)一個盒中有形狀、大小、質(zhì)地完全相同的5張撲克牌,其中3張紅桃,1張黑桃,1張梅花.現(xiàn)從盒中一次性隨機抽出2張撲克牌,則這2張撲克牌花色不同的概率為________. 答案 解析 所有會出現(xiàn)的情況有:(紅1,黑1),(紅1,梅1),(紅2,黑1),(紅2,梅1),(紅3,黑1),(紅3,梅1),(紅1,紅2),(紅1,紅3),(紅2,紅3),(黑1,梅
28、1),共10種.其中符合花色不同的情況有:(紅1,黑1),(紅1,梅1),(紅2,黑1),(紅2,梅1),(紅3,黑1),(紅3,梅1),(黑1,梅1),共7種,根據(jù)古典概型的概率公式得P=. 12.有一套無線電監(jiān)控設(shè)備,監(jiān)控著圓心角為直角的扇形OAB區(qū)域,其半徑為2a,在半徑OA,OB的中點C,D處有兩個檢測點,且有數(shù)據(jù)接收裝置,其接收有效半徑都為a.只有C,D兩個檢測點都有數(shù)據(jù)接收,該處的監(jiān)控才有效,現(xiàn)在在扇形OAB區(qū)域任意選取一個監(jiān)控點,則該監(jiān)控點有效的概率是________. 答案 - 解析 根據(jù)題意,分別以C,D為圓心,a為半徑作半圓,則兩半圓交于O,E兩點,連接CE,
29、DE,如圖所示,易知四邊形OCED為正方形,有效監(jiān)控區(qū)域為圖中陰影部分所示,則S扇形OAB=·(2a)2=πa2, 由圖可知有效監(jiān)控區(qū)域的面積S1=S扇形DOE+S扇形COE-S正方形OCED=πa2-a2, 由幾何概型的概率公式可得, 所求概率P===-. 13.(2019·上饒市重點中學(xué)六校高三第二次聯(lián)考)在△ABC中,內(nèi)角A,B,C所對的邊分別是a,b,c,已知c=2,C=,且△ABC的面積為,則a+b=_______.現(xiàn)有一只螞蟻在△ABC內(nèi)自由爬行,則某一時刻該螞蟻與△ABC的三個頂點的距離都不小于1的概率為________. 答案 4 1- 解析 因為三角形的面積為,所
30、以absinC=,即ab=4; 又因為c=2,C=,所以c2=a2+b2-2abcosC=(a+b)2-3ab,所以a+b=4. 由得a=b=2,故△ABC為等邊三角形. 螞蟻到三個頂點的距離小于等于1時,活動區(qū)域是以三個頂點為圓心半徑為1的扇形區(qū)域,其面積為,三角形面積為,故所求概率為1-=1-. 概率與統(tǒng)計類解答題 (12分)近期中央電視臺播出《中國詩詞大會》火遍全國,下面是組委會在選拔賽時隨機抽取的100名選手的成績,按成績分組,得到的頻率分布表如下所示: 組號 分組 頻數(shù) 頻率 第1組 [160,165) 0.100 第2組
31、 [165,170) ① 第3組 [170,175) 20 ② 第4組 [175,180) 20 0.200 第5組 [180,185) 10 0.100 合計 100 1.00 (1)請先求出頻率分布表中①、②位置的相應(yīng)數(shù)據(jù),再完成頻率分布直方圖(用陰影表示). (2)為了能選拔出最優(yōu)秀的選
32、手,組委會決定在筆試成績高的第3,4,5組中用分層抽樣抽取5名選手進入第二輪面試,則第3,4,5組每組各抽取多少名選手進入第二輪面試? (3)在(2)的前提下,組委會決定在5名選手中隨機抽取2名選手接受考官A面試,求第4組至少有一名選手被考官A面試的概率. 解題思路 (1)根據(jù)頻率與頻數(shù)的關(guān)系及頻率的性質(zhì),完成填表和畫圖.(2)由分層抽樣特點求解.(3)根據(jù)古典概型要求,寫出所有基本事件,并求出第4組至少一名選手被面試的概率. 解 (1)第1組的頻數(shù)為100×0.100=10,所以①處應(yīng)填的數(shù)為100-(10+20+20+10)=40,從而第2組的頻率為=0.400.②處應(yīng)填的數(shù)為1-(
33、0.1+0.4+0.2+0.1)=0.200.頻率分布直方圖如圖所示.(2分) (4分) (2)因為第3,4,5組共有50名選手,所以利用分層抽樣在50名選手中抽取5名選手進入第二輪面試時,每組抽取的人數(shù)分別為: 第3組:×5=2,第4組:×5=2,第5組:×5=1,所以第3,4,5組分別抽取2人,2人,1人進入第二輪面試.(8分) (3)設(shè)第3組的2位選手為A1,A2,第4組的2位選手為B1,B2,第5組的1位選手為C1,則從這五位選手中抽取兩位選手有(A1,A2),(A1,B1),(A1,B2),(A1,C1),(A2,B1),(A2,B2),(A2,C1),(B1,B2),(
34、B1,C1),(B2,C1),共10種情況.(10分) 其中第4組的2位選手B1,B2中至少有一位入選的有(A1,B1),(A1,B2),(A2,B1),(A2,B2),(B1,B2),(B1,C1),(B2,C1),共有7種情況,所以第4組至少有一名選手被考官A面試的概率為.(12分) 1.根據(jù)頻數(shù)和頻率的性質(zhì)關(guān)系,填對①、②位置的相應(yīng)數(shù)據(jù)給2分. 2.依據(jù)頻率分布表,準(zhǔn)確畫出頻率分布直方圖給2分. 3.根據(jù)分層抽樣的原理,準(zhǔn)確計算出每組抽取的人數(shù)并總結(jié)給4分. 4.依次序準(zhǔn)確寫出從5名選手中抽取2名選手的10種結(jié)果給2分. 5.寫出第4組的2名選手中至少有一位入選的7種情況
35、,并準(zhǔn)確計算概率的給2分. 1.準(zhǔn)確填寫頻率分布表應(yīng)牢記頻率=,并且各組頻率之和為1. 2.畫頻率分布直方圖時,要注意縱軸為. 3.分層抽樣是按比例取樣. 4.5選2時注意依序不重不漏,也可以列樹狀圖,以便準(zhǔn)確寫出所有結(jié)果. [跟蹤訓(xùn)練] (12分)海水養(yǎng)殖場進行某水產(chǎn)品的新、舊網(wǎng)箱養(yǎng)殖方法的產(chǎn)量對比,收獲時各隨機抽取了100個網(wǎng)箱,測量各箱水產(chǎn)品的產(chǎn)量(單位:kg),其頻率分布直方圖如下: 舊養(yǎng)殖法 新養(yǎng)殖法 (1)記A表示事件“舊養(yǎng)殖法的箱產(chǎn)量低于50 kg”,估計A的概率; (2)填寫下面列聯(lián)表,并根據(jù)列聯(lián)表判斷是否有99%的把握認(rèn)為箱產(chǎn)量與養(yǎng)殖方法有關(guān)
36、; 箱產(chǎn)量<50 kg 箱產(chǎn)量≥50 kg 舊養(yǎng)殖法 新養(yǎng)殖法 (3)根據(jù)箱產(chǎn)量的頻率分布直方圖,對這兩種養(yǎng)殖方法的優(yōu)劣進行比較. K2=. 解 (1)舊養(yǎng)殖法的箱產(chǎn)量低于50 kg的頻率為(0.012+0.014+0.024+0.034+0.040)×5=0.62, 故P(A)的估計值為0.62.(4分) (2)根據(jù)箱產(chǎn)量的頻率分布直方圖得列聯(lián)表: 箱產(chǎn)量<50 kg 箱產(chǎn)量≥50 kg 合計 舊養(yǎng)殖法 62 38 100 新養(yǎng)殖法 34 66 100 總計 96 104 200 K2=≈15.705. 由于15.705>6.635,故有99%的把握認(rèn)為箱產(chǎn)量與養(yǎng)殖方法有關(guān).(8分) (3)箱產(chǎn)量的頻率分布直方圖表明:新養(yǎng)殖法的產(chǎn)量平均值(或中位數(shù))在50 kg到55 kg之間,舊養(yǎng)殖法的箱產(chǎn)量平均值(或中位數(shù))在45 kg到50 kg之間,且新養(yǎng)殖法的箱產(chǎn)量分布集中程度較舊養(yǎng)殖法的箱產(chǎn)量分布集中程度高.因此,可以認(rèn)為新養(yǎng)殖法的箱產(chǎn)量較高且穩(wěn)定,從而新養(yǎng)殖法優(yōu)于舊養(yǎng)殖法.(12分) - 19 -
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