2020版高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 課后限時(shí)集訓(xùn)12 函數(shù)模型及其應(yīng)用 理（含解析）北師大版

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1、課后限時(shí)集訓(xùn)(十二)　函數(shù)模型及其應(yīng)用 (建議用時(shí)：60分鐘) A組　基礎(chǔ)達(dá)標(biāo) 一、選擇題 1．某新產(chǎn)品投放市場后第一個(gè)月銷售100臺，第二個(gè)月銷售200臺，第三個(gè)月銷售400臺，第四個(gè)月銷售790臺，則下列函數(shù)模型中能較好地反映銷量y與投放市場的月數(shù)x之間關(guān)系的是(　　) A．y＝100x　　　　　 B．y＝50x2－50x＋100 C．y＝50×2x D．y＝100log2 x＋100 C　[根據(jù)函數(shù)模型的增長差異和題目中的數(shù)據(jù)可知，應(yīng)為指數(shù)函數(shù)模型．故選C.] 2．某市生產(chǎn)總值連續(xù)兩年持續(xù)增加．第一年的增長率為p，第二年的增長率為q，則該市這兩年生產(chǎn)總值的年平均增

2、長率為(　　) A. B． C. D．－1 D　[設(shè)年平均增長率為x，原生產(chǎn)總值為a，則a(1＋p)(1＋q)＝a(1＋x)2，解得x＝－1，故選 D．] 3．(2017·北京高考)根據(jù)有關(guān)資料，圍棋狀態(tài)空間復(fù)雜度的上限M約為3361，而可觀測宇宙中普通物質(zhì)的原子總數(shù)N約為1080.則下列各數(shù)中與最接近的是(參考數(shù)據(jù)：lg 3≈0.48)(　　) A．1033 B．1053 C．1073 D．1093 D　[由題意，lg ＝lg ＝lg 3361－lg 1080＝361lg 3－80lg 10≈361×0.48－80×1＝93.28. 又lg 1033＝

3、33，lg 1053＝53，lg 1073＝73，lg 1093＝93， 故與最接近的是1093. 故選D．] 4．血藥濃度(Plasma Concentration)是指藥物吸收后在血漿內(nèi)的總濃度．藥物在人體內(nèi)發(fā)揮治療作用時(shí)，該藥物的血藥濃度應(yīng)介于最低有效濃度和最低中毒濃度之間．已知成人單次服用1單位某藥物后，體內(nèi)血藥濃度及相關(guān)信息如圖所示． 根據(jù)圖中提供的信息，下列關(guān)于成人使用該藥物的說法中不正確的是(　　) A．首次服用該藥物1單位約10分鐘后，藥物發(fā)揮治療作用 B．每次服用該藥物1單位，兩次服藥間隔小于2小時(shí)，一定會產(chǎn)生藥物中毒 C．每間隔5.5小時(shí)服用該藥物1單位，

4、可使藥物持續(xù)發(fā)揮治療作用 D．首次服用該藥物1單位3小時(shí)后，再次服用該藥物1單位，不會發(fā)生藥物中毒 D　[結(jié)合圖像易知A，B，C均正確，D選項(xiàng)中的描述會中毒，故選 D．] 5．某市家庭煤氣的使用量x(m3)和煤氣費(fèi)f(x)(元)滿足關(guān)系f(x)＝已知某家庭2018年前三個(gè)月的煤氣費(fèi)如下表： 月份 用氣量 煤氣費(fèi) 一月份 4 m3 4元 二月份 25 m3 14元 三月份 35 m3 19元 若四月份該家庭使用了20 m3的煤氣，則其煤氣費(fèi)為(　　) A．11.5元 B．11元 C．10.5元 D．10元 A　[根據(jù)題意可知f(4)＝C＝4，f(

5、25)＝C＋B(25－A)＝14，f(35)＝C＋B(35－A)＝19，解得A＝5，B＝，C＝4，所以f(x)＝所以f(20)＝4＋(20－5)＝11.5，故選A.] 二、填空題 6．?dāng)M定甲、乙兩地通話m分鐘的電話費(fèi)(單位：元)由f(m)＝1.06(0.5[m]＋1)給出，其中m＞0，[m]是不超過m的最大整數(shù)(如[3]＝3，[3.7]＝3，[3.1]＝3)，則甲、乙兩地通話6.5分鐘的電話費(fèi)為________元． 4．24　[∵m＝6.5， ∴[6.5]＝6， ∴f(6.5)＝1.06(0.5×6＋1)＝4.24.] 7.在如圖所示的銳角三角形空地中，欲建一個(gè)面積最大的內(nèi)接矩形花

6、園(陰影部分)，則其邊長x為________m. 20　[設(shè)內(nèi)接矩形另一邊長為y，則由相似三角形性質(zhì)可得＝，解得y＝40－x，所以面積S＝x(40－x)＝－x2＋40x＝－(x－20)2＋400(0＜x＜40)， 當(dāng)x＝20時(shí)，Smax＝400.] 8．已知投資x萬元經(jīng)銷甲商品所獲得的利潤為P＝；投資x萬元經(jīng)銷乙商品所獲得的利潤為Q＝ (a＞0)． 若投資20萬元同時(shí)經(jīng)銷這兩種商品或只經(jīng)銷其中一種商品，使所獲得的利潤不少于5萬元，則a的最小值為________． 　[設(shè)投資乙商品x萬元(0≤x≤20)，則投資甲商品(20－x)萬元． 利潤分別為Q＝ (a＞0)，P＝， 因?yàn)镻＋Q

7、≥5,0≤x≤20時(shí)恒成立， 則化簡得a≥，0≤x≤20時(shí)恒成立． (1)x＝0時(shí)，a為一切實(shí)數(shù)； (2)0＜x≤20時(shí)，分離參數(shù)a≥，0＜x≤20時(shí)恒成立， 所以a≥，a的最小值為.] 三、解答題 9．網(wǎng)店和實(shí)體店各有利弊，兩者的結(jié)合將在未來一段時(shí)期內(nèi)，成為商業(yè)的一個(gè)主要發(fā)展方向．某品牌行車記錄儀支架銷售公司從2018年1月起開展網(wǎng)絡(luò)銷售與實(shí)體店體驗(yàn)安裝結(jié)合的銷售模式．根據(jù)幾個(gè)月運(yùn)營發(fā)現(xiàn)，產(chǎn)品的月銷售x萬件與投入實(shí)體店體驗(yàn)安裝的費(fèi)用t萬元之間滿足x＝3－函數(shù)關(guān)系式．已知網(wǎng)店每月固定的各種費(fèi)用支出為3萬元，產(chǎn)品每1萬件進(jìn)貨價(jià)格為32萬元，若每件產(chǎn)品的售價(jià)定為“進(jìn)貨價(jià)的150%”與“

8、平均每件產(chǎn)品的實(shí)體店體驗(yàn)安裝費(fèi)用的一半”之和，求該公司最大月利潤是多少萬元． [解]　由題知t＝－1，(1＜x＜3)， 所以月利潤：y＝x－32x－3－t＝16x－－3＝16x－＋－3＝45.5－≤45.5－2＝37.5， 當(dāng)且僅當(dāng)x＝時(shí)取等號，即月最大利潤為37.5萬元． 10．某創(chuàng)業(yè)投資公司擬投資開發(fā)某種新能源產(chǎn)品，估計(jì)能獲得投資收益的范圍是[10,100](單位：萬元)．現(xiàn)準(zhǔn)備制定一個(gè)對科研課題組的獎勵方案：資金y(單位：萬元)隨投資收益x(單位：萬元)的增加而增加且資金不超過5萬元，同時(shí)資金不超過投資收益的20%. (1)若建立函數(shù)模型y＝f(x)制定獎勵方案，請你根據(jù)題意，

9、寫出獎勵函數(shù)模型應(yīng)滿足的條件； (2)現(xiàn)有兩個(gè)獎勵函數(shù)模型：(ⅰ)y＝x＋1； (ⅱ)y＝log2x－2.試分析這兩個(gè)函數(shù)模型是否符合公司要求． [解]　(1)設(shè)獎勵函數(shù)模型為y＝f(x)， 則該函數(shù)模型滿足的條件是： ①當(dāng)x∈[10,100]時(shí)，f(x)是增函數(shù)； ②當(dāng)x∈[10,100]時(shí)，f(x)≤5恒成立． ③當(dāng)x∈[10,100]時(shí)，f(x)≤恒成立． (2)(a)對于函數(shù)模型(ⅰ)y＝x＋1， 它在[10,100]上是增函數(shù)，滿足條件①； 但當(dāng)x＝80時(shí)，y＝5，因此，當(dāng)x＞80時(shí)，y＞5，不滿足條件②； 故該函數(shù)模型不符合公司要求． (b)對于函數(shù)模型(ⅱ

10、)y＝log2x－2，它在[10,100]上是增函數(shù)，滿足條件①， x＝100時(shí)，ymax＝log2 100－2＝2log2 5＜5，即f(x)≤5恒成立．滿足條件②， 設(shè)h(x)＝log2x－2－x，則h′(x)＝－， 又x∈[10,100]，所以≤≤， 所以h′(x)＜－＜－＝0， 所以h(x)在[10,100]上是遞減的， 因此h(x)＜h(10)＝log210－4＜0， 即f(x)≤恒成立，滿足條件③， 故該函數(shù)模型符合公司要求． 綜上所述，函數(shù)模型(ⅱ)y＝log2x－2符合公司要求． B組　能力提升 1．(2019·武漢檢測)某汽車銷售公司在A，B兩地銷售同一

11、種品牌的汽車，在A地的銷售利潤(單位：萬元)為y1＝4.1x－0.1x2，在B地的銷售利潤(單位：萬元)為y2＝2x，其中x為銷售量(單位：輛)，若該公司在兩地共銷售16輛該種品牌的汽車，則能獲得的最大利潤是(　　) A．10.5萬元 B．11萬元 C．43萬元 D．43.025萬元 C　[設(shè)公司在A地銷售該品牌的汽車x輛，則在B地銷售該品牌的汽車(16－x)輛，所以可得利潤y＝4.1x－0.1x2＋2(16－x)＝－0.1x2＋2.1x＋32＝－2＋×＋32.因?yàn)閤∈[0,16]且x∈N，所以當(dāng)x＝10或11時(shí)，總利潤取得最大值43萬元．] 2.(2018·山西一模)如圖

12、，Rt△ABC中，AB⊥BC，|AB|＝，|BC|＝.若其頂點(diǎn)A在x軸上運(yùn)動，頂點(diǎn)B在y軸的非負(fù)半軸上運(yùn)動．設(shè)頂點(diǎn)C的橫坐標(biāo)非負(fù)，縱坐標(biāo)為y，且直線AB的傾斜角為θ，則函數(shù)y＝f(θ)的圖像大致是(　　) 　　　　　　　 A　　　　　　　　　B 　　　　　　　 C　　　　　　　　　D A　[當(dāng)θ＝π時(shí)，y＝，排除B和C；當(dāng)θ＝0時(shí)，y取得最小值－，排除D，故選A.] 3．某公司為激勵創(chuàng)新，計(jì)劃逐年增加研發(fā)資金投入，若該公司2018年全年投入的研發(fā)資金為300萬元，在此基礎(chǔ)上，每年投入的研發(fā)資金比上一年增長10%，則該公司全年投入的研發(fā)資金開始超過600萬元的

13、年份是________．(參考數(shù)據(jù)：lg 1.1＝0.041，lg 2＝0.301) 2026　[設(shè)從2018年后，第x年該公司全年投入的研發(fā)資金為y萬元，則y＝300×(1＋10%)x，依題意得，300×(1＋10%)x＞600，即1.1x＞2，兩邊取對數(shù)可得x＞＝≈7.3，則x≥8，即該公司全年投入的研發(fā)資金開始超過600萬元的年份是2026年．] 4．(2019·湖北八校聯(lián)考)已知某工廠每天固定成本是4萬元，每生產(chǎn)一件產(chǎn)品成本增加100元，工廠每件產(chǎn)品的出廠價(jià)定為a元時(shí)，生產(chǎn)x(x＞0)件產(chǎn)品的銷售收入是R(x)＝－x2＋500x(元)，P(x)為每天生產(chǎn)x件產(chǎn)品的平均利潤(平均利潤

14、＝)．銷售商從工廠以每件a元進(jìn)貨后，又以每件b元銷售，且b＝a＋λ(c－a)，其中c為最高限價(jià)(a＜b＜c)，λ為銷售樂觀系數(shù)，據(jù)市場調(diào)查，λ由當(dāng)b－a是c－b，c－a的比例中項(xiàng)時(shí)來確定． (1)每天生產(chǎn)量x為多少時(shí)，平均利潤P(x)取得最大值？并求P(x)的最大值； (2)求樂觀系數(shù)λ的值； (3)若c＝600，當(dāng)廠家平均利潤最大時(shí)，求a與b的值． [解]　(1)依題意設(shè)總利潤為L(x)，則L(x)＝－x2＋500x－100x－40 000＝－x2＋400x－40 000(x＞0)， ∴P(x)＝＝－x－＋400≤－200＋400＝200，當(dāng)且僅當(dāng)x＝，即x＝400時(shí)等號成立． 故當(dāng)每天生產(chǎn)量為400件時(shí)，平均利潤最大，最大值為200元． (2)由b＝a＋λ(c－a)，得λ＝. ∵b－a是c－b，c－a的比例中項(xiàng)， ∴(b－a)2＝(c－b)(c－a)， 兩邊同時(shí)除以(b－a)2，得1＝·＝， ∴1＝·，解得λ＝或λ＝(舍去)． 故樂觀系數(shù)λ的值為. (3)∵廠家平均利潤最大，∴a＝＋100＋P(x)＝＋100＋200＝400. 由b＝a＋λ(c－a)，結(jié)合(2)可得b－a＝λ(c－a)＝100(－1)， ∴b＝100(＋3)． 故a與b的值分別為400,100(＋3)． - 7 -