2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第二部分 專題六 函數(shù)與導(dǎo)數(shù) 第1講 函數(shù)圖象與性質(zhì)練習(xí) 文（含解析）

《2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第二部分 專題六 函數(shù)與導(dǎo)數(shù) 第1講 函數(shù)圖象與性質(zhì)練習(xí) 文（含解析）》由會員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第二部分 專題六 函數(shù)與導(dǎo)數(shù) 第1講 函數(shù)圖象與性質(zhì)練習(xí) 文（含解析）（6頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

1、第1講 函數(shù)圖象與性質(zhì) A級　基礎(chǔ)通關(guān) 一、選擇題 1．設(shè)f(x)＝若f(a)＝f(a＋1)，則f ＝(　　) A．2　　 B．4　　 C．6　 D．8 解析：由已知得a＞0，所以a＋1＞1， 因?yàn)閒(a)＝f(a＋1)，所以＝2(a＋1－1)， 解得a＝，所以f ＝f(4)＝2(4－1)＝6. 答案：C 2．(2019·天一大聯(lián)考)若函數(shù)f(x)＝m－的圖象關(guān)于原點(diǎn)對稱，則函數(shù)f(x)在(－∞，0)上的值域(　　) A. B. C．(1，＋∞) D. 解析：依題意，函數(shù)f(x)為奇函數(shù)，故f(－x)＝－f(x)，解得m＝－. 故f(x)＝－－，且f(x)

2、在(－∞，0)上單調(diào)遞增． 當(dāng)x→－∞時，f(x)―→，當(dāng)x→0－時，f(x)→＋∞. 故函數(shù)f(x)在(－∞，0)上的值域是. 答案：A 3．(一題多解)(2018·全國卷Ⅲ)下列函數(shù)中，其圖象與函數(shù)y＝ln x的圖象關(guān)于直線x＝1對稱的是(　　) A．y＝ln(1－x) B．y＝ln(2－x) C．y＝ln(1＋x) D．y＝ln(2＋x) 解析：法1：設(shè)所求函數(shù)圖象上任一點(diǎn)的坐標(biāo)為(x，y)，則其關(guān)于直線x＝1的對稱點(diǎn)的坐標(biāo)為(2－x，y)，由對稱性知點(diǎn)(2－x，y)在函數(shù)f(x)＝ln x的圖象上，所以y＝ln(2－x)． 法2：由題意知，對稱軸上的點(diǎn)(1，0)既

3、在函數(shù)y＝ln x的圖象上也在所求函數(shù)的圖象上，代入選項(xiàng)中的函數(shù)表達(dá)式逐一檢驗(yàn)，排除A，C，D，選B. 答案：B 4．(2018·全國卷Ⅱ)函數(shù)f(x)＝的圖象大致為(　　) 解析：f(x)＝為奇函數(shù)，排除A；當(dāng)x＞0，f(1)＝e－＞2，排除C、D，只有B項(xiàng)滿足． 答案：B 5．已知定義在R上的奇函數(shù)y＝f(x)滿足f(2＋x)＝f(－x)，且f(1)＝2，則f(2 018)＋f(2 019)的值為(　　) A．－2 B．0 C．2 D．4 解析：f(x＋2)＝f(－x)，且y＝f(x)是奇函數(shù)， 所以f(x＋2)＝－f(x)，則f(x＋4)＝f(x)． 因

4、此函數(shù)y＝f(x)是周期為4的函數(shù)． 又f(0)＝0，f(2)＝f(－0)＝0， f(3)＝f(－1)＝－f(1)＝－2. 所以f(2 018)＋f(2 019)＝f(2)＋f(3)＝－2. 答案：A 二、填空題 6．已知函數(shù)f(x)是奇函數(shù)，當(dāng)x＞0時，f(x)＝ax(a＞0且a≠1)，且f(log4)＝－3，則a的值為________． 解析：因?yàn)槠婧瘮?shù)f(x)滿足f(log4)＝－3， 所以f(－2)＝－3，即f(2)＝3. 又因?yàn)楫?dāng)x＞0時，f(x)＝ax(a＞0且a≠1)，又2＞0， 所以f(2)＝a2＝3，解得a＝. 答案： 7．已知奇函數(shù)f(x)在R上是增

5、函數(shù)，g(x)＝xf(x)．若a＝g(－log2 5.1)，b＝g(20.8)，c＝g(3)，則a，b，c的大小關(guān)系為________． 解析：法1：易知g(x)＝xf(x)在R上為偶函數(shù)， 因?yàn)槠婧瘮?shù)f(x)在R上是增函數(shù)，且f(0)＝0. 所以g(x)在(0，＋∞)上是增函數(shù)． 又3＞log25.1＞2＞20.8，且a＝g(－log25.1)＝g(log25.1)， 所以g(3)＞g(log25.1)＞g(20.8)，則c＞a＞b. 法2：(特殊化)取f(x)＝x，則g(x)＝x2為偶函數(shù)且在(0，＋∞)上單調(diào)遞增，又3＞log25.1＞20.8， 從而可得c＞a＞b. 答

6、案：c＞a＞b 8．(2019·天津卷)設(shè)x＞0，y＞0，x＋2y＝4，則的最小值為________． 解析：＝＝＝2＋. 因?yàn)閤＞0，y＞0且x＋2y＝4， 所以4≥2(當(dāng)且僅當(dāng)x＝2，y＝1時取等號)， 所以2xy≤4，所以≥，所以2＋≥2＋＝. 答案： 9.如圖，函數(shù)f(x)的圖象為折線ACB，則不等式f(x)≥log2(x＋1)的解集是________． 解析：在同一坐標(biāo)系中畫出函數(shù)f(x)與y＝log2(x＋1)的圖象，如圖所示． 根據(jù)圖象，當(dāng)x∈(－1，1]時，y＝f(x)的圖象在y＝log2(x＋1)圖象的上方． 所以不等式的解集為(－1，1]． 答

7、案：(－1，1] 三、解答題 10．已知函數(shù)f(x)＝a－. (1)求f(0)； (2)探究f(x)的單調(diào)性，并證明你的結(jié)論； (3)若f(x)為奇函數(shù)，求滿足f(ax)＜f(2)的x的范圍． 解：(1)f(0)＝a－＝a－1. (2)因?yàn)閒(x)的定義域?yàn)镽， 所以任取x1，x2∈R且x1＜x2， 則f(x1)－f(x2)＝a－－a＋＝ . 因?yàn)閥＝2x在R上單調(diào)遞增且x1＜x2， 所以0＜2x1＜2x2，所以2x1－2x2＜0，2x1＋1＞0，2x2＋1＞0. 所以f(x1)－f(x2)＜0，即f(x1)＜f(x2)． 所以f(x)在R上單調(diào)遞增． (3)因?yàn)?/p>

8、f(x)是奇函數(shù)，所以f(－x)＝－f(x)， 即a－＝－a＋， 解得a＝1(或用f(0)＝0去解)． 所以f(ax)＜f(2)即為f(x)＜f(2)， 又因?yàn)閒(x)在R上單調(diào)遞增，所以x＜2. B級　能力提升 11．已知定義在D＝[－4，4]上的函數(shù)f(x)＝對任意x∈D，存在x1，x2∈D，使得f(x1)≤f(x)≤f(x2)，則|x1－x2|的最大值與最小值之和為(　　) A．7 B．8 C．9 D．10 解析：作出函數(shù)f(x)的圖象如圖所示，由任意x∈D，f(x1)≤f(x)≤f(x2)知，f(x1)，f(x2)分別為f(x)的最小值和最大值，由圖可知|x

9、1－x2|max＝8，|x1－x2|min＝1，所以|x1－x2|的最大值與最小值之和為9. 答案：C 12．已知函數(shù)f(x)＝x2－2ln x，h(x)＝x2－x＋a. (1)求函數(shù)f(x)的極值； (2)設(shè)函數(shù)k(x)＝f(x)－h(huán)(x)，若函數(shù)k(x)在[1，3]上恰有兩個不同零點(diǎn)，求實(shí)數(shù)a的取值范圍． 解：(1)函數(shù)f(x)的定義域?yàn)?0，＋∞)， 令f′(x)＝2x－＝0，得x＝1. 當(dāng)x∈(0，1)時，f′(x)＜0，當(dāng)x∈(1，＋∞)時，f′(x)＞0，所以函數(shù)f(x)在x＝1處取得極小值為1，無極大值． (2)k(x)＝f(x)－h(huán)(x)＝x－2ln x－a(x＞0)， 所以k′(x)＝1－， 令k′(x)＞0，得x＞2， 所以k(x)在[1，2)上單調(diào)遞減，在(2，3]上單調(diào)遞增， 所以當(dāng)x＝2時，函數(shù)k(x)取得最小值k(2)＝2－2ln 2－a. 因?yàn)楹瘮?shù)k(x)＝f(x)－h(huán)(x)在區(qū)間[1，3]上恰有兩個不同零點(diǎn)， 即有k(x)在[1，2)和(2，3]內(nèi)有各一個零點(diǎn)， 所以即有 解得2－2ln 2＜a≤3－2ln 3. 故實(shí)數(shù)a的取值范圍是(2－2ln 2，3－2ln 3]． - 6 -