高考物理二輪復(fù)習(xí) 第2部分 考前沖刺方略 選擇題型滿分練1

《高考物理二輪復(fù)習(xí) 第2部分 考前沖刺方略 選擇題型滿分練1》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考物理二輪復(fù)習(xí) 第2部分 考前沖刺方略 選擇題型滿分練1（5頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

高考題型練 選擇題型滿分練(一) 建議用時(shí)：25分鐘 本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1～5題只有一項(xiàng)符合題目要求，第6～8題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分． 1．下列關(guān)于物理學(xué)史或物理方法的說(shuō)法中錯(cuò)誤的是(　　) A．伽利略利用斜面研究自由落體運(yùn)動(dòng)時(shí)，使用了“外推”的方法，即當(dāng)斜面的傾角為90時(shí)，物體在斜面上的運(yùn)動(dòng)就變成了自由落體運(yùn)動(dòng) B．運(yùn)動(dòng)的合成與分解是研究曲線運(yùn)動(dòng)的一般方法，該方法也同樣適用研究勻速圓周運(yùn)動(dòng) C．物理模型在物理學(xué)的研究中起了重要作用，其中“質(zhì)點(diǎn)”“點(diǎn)電荷”“光滑的輕滑輪”“輕彈簧”等都是理想化模型 D．牛頓在發(fā)現(xiàn)萬(wàn)有引力定律的過(guò)程中使用了“月—地檢驗(yàn)” 解析：選B.對(duì)于選項(xiàng)A和D，只要熟悉教材，即可順利判斷其是正確的．在曲線運(yùn)動(dòng)中，教材中選用了平拋運(yùn)動(dòng)和勻速圓周運(yùn)動(dòng)兩個(gè)特例，但這兩個(gè)曲線運(yùn)動(dòng)的研究方法是不同的．平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法是運(yùn)動(dòng)的合成與分解；研究勻速圓周運(yùn)動(dòng)使用的方法是利用加速度的定義式和矢量差的知識(shí)推導(dǎo)出向心加速度公式，再利用牛頓第二定律得出向心力公式，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤．“質(zhì)點(diǎn)”和“點(diǎn)電荷”沒(méi)有大小，“光滑的輕滑輪”沒(méi)有質(zhì)量且不計(jì)摩擦力，“輕彈簧”沒(méi)有質(zhì)量，所以它們都是理想化模型． 2．如圖所示，沿直線運(yùn)動(dòng)的小車內(nèi)懸掛的小球A和小車水平底板上放置的物塊B都相對(duì)車廂靜止．關(guān)于物塊B受到的摩擦力，下列判斷中正確的是(　　) A．物塊B不受摩擦力作用 B．物塊B受摩擦力作用，大小恒定，方向向左 C．物塊B受摩擦力作用，大小恒定，方向向右 D．因小車的運(yùn)動(dòng)方向不能確定，故物塊B受的摩擦力情況無(wú)法判斷 解析：選B.分析小球A受力如圖，拉力和重力的合力水平向左，即系統(tǒng)有向左的加速度，且a＝gtan θ，再對(duì)B分析受力可知車廂對(duì)B的摩擦力方向水平向左，大小恒定，B正確． 3．假設(shè)月球是質(zhì)量分布均勻的球體．已知月球半徑為r，飛行器僅在月球萬(wàn)有引力作用下在月球表面附近繞月球表面飛行一周用時(shí)為t，可以認(rèn)為月球不自轉(zhuǎn)，引力常量為G.則可以計(jì)算(　　) A．月球的第一宇宙速度 B．月球與地球之間的距離 C．飛行器的質(zhì)量 D．飛行器靜止在月球表面上時(shí)對(duì)月球表面的壓力 解析：選A.根據(jù)T＝可知，月球的第一宇宙速度為v＝，選項(xiàng)A正確；無(wú)法計(jì)算月球與地球之間的距離，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)萬(wàn)有引力定律，可知無(wú)法計(jì)算飛行器的質(zhì)量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；飛行器靜止在月球表面上時(shí)對(duì)月球表面的壓力大小等于飛行器重力的大小，因無(wú)法求出飛行器的質(zhì)量，所以也無(wú)法得出飛行器對(duì)月球表面的壓力，選項(xiàng)D錯(cuò)誤． 4．圖中有A、B兩個(gè)線圈．線圈B連接一電阻R，要使流過(guò)電阻R的電流大小恒定，且方向由c點(diǎn)流經(jīng)電阻R到d點(diǎn)．設(shè)線圈A中電流i從a點(diǎn)流入線圈的方向?yàn)檎较颍畡t線圈A中的電流隨時(shí)間變化的圖象是(　　) 解析：選A.根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝n表達(dá)式知，要想產(chǎn)生從c經(jīng)R流向d的電流，那么穿過(guò)線圈B中的原磁場(chǎng)方向若向右，則應(yīng)該在均勻減小，若向左則均勻增加．當(dāng)線圈A中從a點(diǎn)流入電流，則電流應(yīng)該均勻增加才可以滿足題中條件；當(dāng)線圈A中從b點(diǎn)流入電流，則電流應(yīng)該均勻減小才可以滿足題中條件，A對(duì)，B錯(cuò)；當(dāng)線圈A中電流保持不變時(shí)，線圈B中沒(méi)有感應(yīng)電流，C、D錯(cuò)． 5．一質(zhì)點(diǎn)沿x軸正方向做直線運(yùn)動(dòng)，從質(zhì)點(diǎn)通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)時(shí)開(kāi)始計(jì)時(shí)，其－t圖象如圖所示，則(　　) A．質(zhì)點(diǎn)做勻速直線運(yùn)動(dòng)，速度大小為0.5 m/s B．質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度大小為0.5 m/s2 C．質(zhì)點(diǎn)在第1 s內(nèi)的平均速度大小為0.75 m/s D．質(zhì)點(diǎn)在1 s末的速度大小為1.5 m/s 解析：選D.根據(jù)物理量間的關(guān)系得到物理規(guī)律，由于代表時(shí)間t內(nèi)的平均速度，故－t圖象即－t圖象，由圖可知質(zhì)點(diǎn)的平均速度均勻增大，說(shuō)明質(zhì)點(diǎn)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤．設(shè)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的初速度大小為v0，加速度大小為a，根據(jù)x＝v0t＋at2，得＝v0＋at，斜率k＝a，則加速度大小為a＝20.5 m/s2＝1 m/s2，故B錯(cuò)誤．截距為v0，則v0＝0.5 m/s，質(zhì)點(diǎn)在1 s末速度大小為1.5 m/s.質(zhì)點(diǎn)在第1 s內(nèi)的平均速度大小＝＝1 m/s，故C錯(cuò)誤，D正確． 6．平行板電容器的兩板A、B接于電池兩極，一個(gè)帶正電小球用絕緣細(xì)線懸掛在電容器內(nèi)部，閉合電鍵S，電容器充電，這時(shí)懸線偏離豎直方向的夾角為θ，如圖所示，那么(　　) A．保持電鍵S閉合，將A板稍向B板靠近，則θ增大 B．保持電鍵S閉合，將A板稍向上移，則θ減小 C．電鍵S斷開(kāi)，將A板稍向B板靠近，則θ不變 D．電鍵S斷開(kāi)，將A板稍向上移，則θ減小 解析：選AC.保持電鍵S閉合，電容器兩端間的電勢(shì)差不變，帶正電的A板向B板靠近，極板間距離減小，電場(chǎng)強(qiáng)度E增大，小球所受的電場(chǎng)力變大，θ增大，A正確；保持電鍵S閉合，電容器兩端間的電勢(shì)差不變，將A板稍向上移，極板間距離不變，電場(chǎng)強(qiáng)度E不變，小球所受的電場(chǎng)力不變，則θ不變，B錯(cuò)誤；斷開(kāi)電鍵S，電容器所帶的電量不變，由E＝可知d變化，E不變，電場(chǎng)力不變，θ不變，C正確；斷開(kāi)電鍵S，將A板稍向上移，S變小，E變大，則電場(chǎng)力變大，θ變大，D錯(cuò)誤． 7．如圖所示，xOy平面的一、二、三象限內(nèi)存在垂直紙面向外、磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝1 T的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，ON為處于y軸負(fù)方向的彈性絕緣薄擋板，長(zhǎng)度為9 m，M點(diǎn)為x軸正方向上一點(diǎn)，OM＝3 m．現(xiàn)有一個(gè)比荷大小為＝1.0 C/kg、可視為質(zhì)點(diǎn)的帶正電的小球(重力不計(jì))，從擋板下端N處小孔以不同的速度向x軸負(fù)方向射入磁場(chǎng)，若與擋板相碰就以原速率彈回，且碰撞時(shí)間不計(jì)，碰撞時(shí)電量不變，小球最后都能經(jīng)過(guò)M點(diǎn)，則小球射入的速度大小可能是(　　) A．3 m/s　　　　　　　　 B．3.75 m/s C．4.5 m/s D．5 m/s 解析：選ABD.根據(jù)qvB＝m得r＝，故v＝.若小球不與擋板相碰經(jīng)過(guò)M點(diǎn)，由運(yùn)動(dòng)軌跡及幾何關(guān)系解得r1＝5 m，故v1＝5 m/s，故選項(xiàng)D正確；若小球與擋板相碰1次經(jīng)過(guò)M點(diǎn)，由幾何關(guān)系：(9－3r2)2＋32＝r，解得r2＝3 m或r2＝3.75 m，故v2＝3 m/s或v2＝3.75 m/s，選項(xiàng)A、B正確． 8．如圖所示，豎直面有兩個(gè)圓形導(dǎo)軌固定在一水平地面上，半徑R相同，A軌道由金屬凹槽制成，B軌道由金屬圓管制成，均可視為光滑軌道，在兩軌道右側(cè)的正上方將質(zhì)量均為m的金屬小球A和B由靜止釋放，小球距離地面的高度分別用hA和hB表示，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．適當(dāng)調(diào)整hA和hB，均可使兩小球從軌道最高點(diǎn)飛出后，恰好落在軌道右端口處 B．若hA＝hB＝2R，則兩小球在軌道最低點(diǎn)對(duì)軌道的壓力為4mg C．若hA＝hB＝R，則兩小球都能上升到離地高度為R的位置 D．若hA和hB均大于R，兩小球都能從最高點(diǎn)飛出 解析：選CD.A中為繩模型，小球A能從最高點(diǎn)飛出的最小速度為v＝，從最高點(diǎn)飛出后下落R高度時(shí)，水平位移的最小值為：xA＝ ＝R，小球A落在軌道右端口外側(cè)．而適當(dāng)調(diào)整hB，B可以落在軌道右端口處，故A錯(cuò)誤；若hA＝hB＝2R，由機(jī)械能守恒定律可知，小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)的速度v＝2，則由向心力公式可得：F＝mg＋m＝5mg，故B錯(cuò)誤；若hA＝hB＝R，根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知，兩小球都到達(dá)與O點(diǎn)等高的位置速度為零，即兩小球都能上升到離地高度為R的位置，故C正確；由A的分析可知，A球最高點(diǎn)最小速度為v＝，則由機(jī)械能守恒定律可知，mg(hA－2R)＝mv，A球下落的最小高度為R；而B(niǎo)中小球只要在最高點(diǎn)的速度大于2R即可，故D正確．