《(全國(guó)通用)2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第四層熱身篇 專(zhuān)題檢測(cè)(七)三角恒等變換與解三角形》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《(全國(guó)通用)2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第四層熱身篇 專(zhuān)題檢測(cè)(七)三角恒等變換與解三角形(8頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、專(zhuān)題檢測(cè)(七) 三角恒等變換與解三角形
A組——“6+3+3”考點(diǎn)落實(shí)練
一、選擇題
1.(2019·開(kāi)封市定位考試)已知cos=-,則cos 2α的值為( )
A.- B.
C.- D.
解析:選B 因?yàn)閏os=-,所以sin α=,所以cos 2α=1-2×=,故選B.
2.(2019·長(zhǎng)春市質(zhì)量監(jiān)測(cè)一)函數(shù)f(x)=sin+sin x的最大值為( )
A. B.2
C.2 D.4
解析:選A 法一:由已知得f(x)=sin x+cos x+sin x=sin x+cos x=sin,所以函數(shù)的最大值為,故選A.
法二:由已知得f(x)=si
2、n x+cos x+sin x=sin x+cos x,故函數(shù)的最大值為 =,故選A.
3.(2019·長(zhǎng)春市質(zhì)量監(jiān)測(cè)一)在△ABC中,內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c,若b=acos C+c,則角A等于( )
A.60° B.120°
C.45° D.135°
解析:選A 由b=acos C+c及余弦定理,可得b=a·+c,即2b2=b2+a2-c2+bc,整理得b2+c2-a2=bc,于是cos A==,又0<A<π,所以A=60°,故選A.
4.(2019·江西七校第一次聯(lián)考)△ABC的內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c,已知b=a,a=2,c=,則角C=( )
3、
A. B.
C. D.
解析:選D 由b=a,得sin B=sin A·.因?yàn)閟in B=sin[π-(A+C)]=sin(A+C),所以sin Acos C+cos Asin C=sin Acos C+sin Asin C(sin C≠0),cos A=sin A,所以tan A=.因?yàn)?<A<π,所以A=.由正弦定理=,得sin C=.因?yàn)?<C<,所以C=.故選D.
5.在△ABC中,角A,B,C所對(duì)的邊分別為a,b,c,若
4、
即sin C0,∴cos B<0,
5、Csin β,即sin α=sin β,又cos α=cos β,∴sin2α+cos2α=sin2β+cos2β=1=sin2β+cos2β,∴sin β=cos β,∴sin β=,cos β=,∴sin α=,cos α=,∴cos(α+β)=cos αcos β-sin αsin β=×-×=0,∴α+β=,∴BC2=AB2+AC2,∴(2.5v)2=1502+2002,解得v=100,故選C.
二、填空題
7.(2019·全國(guó)卷Ⅱ)△ABC的內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c.若b=6,a=2c,B=,則△ABC的面積為_(kāi)_______.
解析:由余弦定理得b2=a2+c2-
6、2accos B.
又∵ b=6,a=2c,B=,
∴ 36=4c2+c2-2×2c2×,
∴ c=2,a=4,
∴ S△ABC=acsin B=×4×2×=6.
答案:6
8.在△ABC中,角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c,若A=,=2sin Asin B,且b=6,則c=________.
解析:由余弦定理得a2=b2+c2-2bc×=b2+c2-bc,又=2sin Asin B,由正弦定理可得=,即a2+b2-4c2=0,則b2+c2-bc+b2-4c2=0.又b=6,∴c2+2c-24=0,解得c=4(負(fù)值舍去).
答案:4
9.(2019·洛陽(yáng)市統(tǒng)考)在△ABC中
7、,角A,B,C所對(duì)的邊分別為a,b,c,若a,b,c成等比數(shù)列,且tan B=,則+的值是________.
解析:∵a,b,c成等比數(shù)列,∴b2=ac,由正弦定理得sin2B=sin Asin C,∴+=+====,∵tan B=,∴sin B=,∴+=.
答案:
三、解答題
10.(2018·全國(guó)卷Ⅰ)在平面四邊形ABCD中,∠ADC=90°,∠A=45°,AB=2,BD=5.
(1)求cos ∠ADB;
(2)若DC=2,求BC.
解:(1)在△ABD中,由正弦定理得=,即=,所以sin ∠ADB=.
由題設(shè)知,∠ADB<90°,
所以cos ∠ADB= =.
(2
8、)由題設(shè)及(1)知,cos ∠BDC=sin ∠ADB=.
在△BCD中,由余弦定理得
BC2=BD2+DC2-2BD·DC·cos ∠BDC
=25+8-2×5×2×=25,
所以BC=5.
11.(2019·重慶市學(xué)業(yè)質(zhì)量調(diào)研)△ABC的內(nèi)角A,B,C所對(duì)的邊分別為a,b,c,已知△ABC的面積為accos B,且sin A=3sin C.
(1)求角B的大??;
(2)若c=2,AC的中點(diǎn)為D,求BD的長(zhǎng).
解:(1)∵S△ABC=acsin B=accos B,
∴tan B=.
又0<B<π,∴B=60°.
(2)sin A=3sin C,由正弦定理得,a=3c,
9、∴a=6.
由余弦定理得b2=62+22-2×2×6×cos 60°=28,
∴b=2.
∴cos A===-.
∵D是AC的中點(diǎn),∴AD=.
∴BD2=AB2+AD2-2AB·ADcos A=22+()2-2×2××=13.
∴BD=.
12.(2019·全國(guó)卷Ⅰ)△ABC的內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c.設(shè)(sin B-sin C)2=sin2A-sin Bsin C.
(1)求A;
(2)若a+b=2c,求sin C.
解:(1)由已知得sin2B+sin2C-sin2A=sin Bsin C,
故由正弦定理得b2+c2-a2=bc.
由余弦定理得cos A
10、==.
因?yàn)?°
11、2)若f(x)=sin(2x+A),將函數(shù)f(x)的圖象向右平移個(gè)單位長(zhǎng)度后又向上平移了2個(gè)單位長(zhǎng)度,得到函數(shù)g(x)的圖象,求函數(shù)g(x)的解析式及單調(diào)遞減區(qū)間.
解:(1)∵a2-(b-c)2=bc,∴a2-b2-c2=-bc,
∴cos A==,又0<A<π,∴A=.
(2)f(x)=sin,∴g(x)=sin+2,
令2kπ+≤2x+≤2kπ+,k∈Z,得kπ+≤x≤kπ+,k∈Z,
故函數(shù)g(x)的單調(diào)遞減區(qū)間為,k∈Z.
2.已知在△ABC中,角A,B,C所對(duì)的邊分別為a,b,c,且滿足asin Acos C+csin Acos A-bcos A=0.
(1)求角A的
12、大小;
(2)若△ABC的面積為4,且b,a,c成等差數(shù)列,求△ABC的內(nèi)切圓的半徑.
解:(1)由asin Acos C+csin Acos A-bcos A=0,可知sin A(sin Acos C+cos Asin C)=sin Bcos A,∴sin Asin(A+C)=sin Bcos A,∵sin(A+C)=sin B,∴sin Asin B=sin Bcos A,∵sin B≠0,∴sin A=cos A,∴tan A=,又∵A∈(0,π),∴A=.
(2)由題意可知S△ABC=bcsin A=bc×=4,∴bc=16,又a2=b2+c2-2bccos A,∴a2=(b+c
13、)2-3bc,又∵b,a,c成等差數(shù)列,∴a2=4a2-48,∴a=4,b+c=2a=8,∴△ABC的周長(zhǎng)為a+b+c=12,設(shè)△ABC內(nèi)切圓的半徑為r,則r·(a+b+c)=S△ABC,即r×12=4,∴r=.
3.(2019·武漢部分學(xué)校調(diào)研)已知銳角三角形ABC的內(nèi)角A,B,C的對(duì)邊分別為a,b,c,sin2B=sin2A+sin2C-sin Asin C.
(1)求B的大小;
(2)求sin A+cos C的取值范圍.
解:(1)銳角三角形ABC中,sin2B=sin2A+sin2C-sin Asin C,
故b2=a2+c2-ac,
cos B==,又B∈,
所以B=.
14、
(2)由(1)知,C=-A,
故sin A+cos C=sin A+cos=sin A-cos A=sin.
又A∈,C=-A∈,
所以A∈,
A-∈,sin∈,
故sin A+cos C的取值范圍為.
4.(2019·洛陽(yáng)尖子生第二次聯(lián)考)如圖,在平面四邊形ABCD中,∠ABC為銳角,AD⊥BD,AC平分∠BAD,BC=2,BD=3+,△BCD的面積S=.
(1)求CD;(2)求∠ABC.
解:(1)在△BCD中,S=BD·BC·sin∠CBD=,
∵BC=2,BD=3+,
∴sin∠CBD=.
∵∠ABC為銳角,∴∠CBD=30°.
在△BCD中,由余弦定理得CD2=BC2+BD2-2BC·BD·cos∠CBD=(2)2+(3+)2-2×2×(3+)×=9,
∴CD=3.
(2)在△BCD中,由正弦定理得=,
即=,解得sin∠BDC=.
∵BC<BD,∴∠BDC為銳角,∴cos∠BDC=.
在△ACD中,由正弦定理得=,
∴=
即=.①
在△ABC中,由正弦定理得=,
即=.②
∵AC平分∠BAD,∴∠CAD=∠BAC.
由①②得=,解得sin∠ABC=.
∴∠ABC為銳角,∴∠ABC=45°.
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