(全國(guó)通用)2020版高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 第四層熱身篇 專題檢測(cè)(九)數(shù)列通項(xiàng)與求和

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1、專題檢測(cè)(九) 數(shù)列通項(xiàng)與求和 A組——“6+3+3”考點(diǎn)落實(shí)練 一、選擇題 1.若數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式是an=(-1)n+1·(3n-2),則a1+a2+…+a2 020=(  ) A.-3 027         B.3 027 C.-3 030 D.3 030 解析:選C 因?yàn)閍1+a2+…+a2 020=(a1+a2)+(a3+a4)+…+(a2 019+a2 020)=(1-4)+(7-10)+…+[(3×2 019-2)-(3×2 020-2)]=(-3)×1 010=-3 030,故選C. 2.已知數(shù)列{an}滿足=,且a2=2,則a4=(  ) A.-

2、B.23 C.12 D.11 解析:選D 因?yàn)閿?shù)列{an}滿足=,所以an+1+1=2(an+1),即數(shù)列{an+1}是等比數(shù)列,公比為2,則a4+1=22(a2+1)=12,解得a4=11. 3.(2019·廣東省六校第一次聯(lián)考)數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn=n2+n+1,bn=(-1)nan(n∈N*),則數(shù)列{bn}的前50項(xiàng)和為(  ) A.49 B.50 C.99 D.100 解析:選A 由題意得,當(dāng)n≥2時(shí),an=Sn-Sn-1=2n,當(dāng)n=1時(shí),a1=S1=3,所以數(shù)列{bn}的前50項(xiàng)和為(-3+4)+(-6+8)+…+(-98+100)=1+2×24=49,

3、故選A. 4.已知數(shù)列{an}是等差數(shù)列,若a2,a4+3,a6+6構(gòu)成公比為q的等比數(shù)列,則q=(  ) A.1 B.2 C.3 D.4 解析:選A 令等差數(shù)列{an}的公差為d,由a2,a4+3,a6+6構(gòu)成公比為q的等比數(shù)列,得(a4+3)2=a2(a6+6),即(a1+3d+3)2=(a1+d)·(a1+5d+6),化簡(jiǎn)得(2d+3)2=0,解得d=-.所以q====1.故選A. 5.河南洛陽(yáng)的龍門石窟是中國(guó)石刻藝術(shù)寶庫(kù)之一,現(xiàn)為世界文化遺產(chǎn),龍門石窟與莫高窟、云岡石窟、麥積山石窟并稱中國(guó)四大石窟.現(xiàn)有一石窟的某處浮雕共7層,每上層的數(shù)量是下層的2倍,總共有1 016個(gè)浮

4、雕,這些浮雕構(gòu)成一幅優(yōu)美的圖案,若從最下層往上,浮雕的數(shù)量構(gòu)成一個(gè)數(shù)列{an},則log2(a3a5)的值為(  ) A.8 B.10 C.12 D.16 解析:選C 依題意得,數(shù)列{an}是以2為公比的等比數(shù)列, 因?yàn)樽钕聦拥母〉竦臄?shù)量為a1,所以S7==1 016,解得a1=8, 所以an=8×2n-1=2n+2(1≤n≤7,n∈N*), 所以a3=25,a5=27,從而a3×a5=25×27=212, 所以log2(a3a5)=log2212=12,故選C. 6.(2019·洛陽(yáng)市統(tǒng)考)已知數(shù)列{an},{bn}的前n項(xiàng)和分別為Sn,Tn,且an>0,6Sn=a+3a

5、n,bn=,若k>Tn恒成立,則k的最小值為(  ) A.        B. C.49 D. 解析:選B ∵6Sn=a+3an,∴6Sn+1=a+3an+1, ∴6an+1=(an+1+an)(an+1-an)+3(an+1-an), ∴(an+1+an)(an+1-an)=3(an+1+an), ∵an>0,∴an+1+an>0,∴an+1-an=3, 又6a1=a+3a1,a1>0,∴a1=3. ∴{an}是以3為首項(xiàng),3為公差的等差數(shù)列,∴an=3n, ∴bn=·, ∴Tn=·=·<, ∴k≥,∴k的最小值為,故選B. 二、填空題 7.在各項(xiàng)都為正數(shù)的等比數(shù)

6、列{an}中,已知a1=2,a+4a=4a,則數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式an=________. 解析:設(shè)等比數(shù)列{an}的公比為q>0,因?yàn)閍1=2,a+4a=4a, 所以(anq2)2+4a=4(anq)2,化為q4-4q2+4=0, 解得q2=2,q>0,解得q=. 則數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式an=2×()n-1=2. 答案:2 8.(2019·安徽合肥一模改編)設(shè)等差數(shù)列{an}滿足a2=5,a6+a8=30,則an=________,數(shù)列的前n項(xiàng)和為________. 解析:設(shè)等差數(shù)列{an}的公差為d.∵{an}是等差數(shù)列,∴a6+a8=30=2a7,解得a7=15,∴a7

7、-a2=5d.又a2=5,則d=2.∴an=a2+(n-2)d=2n+1.∴==,∴的前n項(xiàng)和為==. 答案:2n+1  9.(2019·福州市質(zhì)量檢測(cè))已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和為Sn,a1=1,且Sn=λan-1(λ為常數(shù)),若數(shù)列{bn}滿足anbn=-n2+9n-20,且bn+1

8、因?yàn)閍nbn=-n2+9n-20, 所以bn=, 所以bn+1-bn==<0, 解得4

9、∈N*). (2)bn===-, 故數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Tn=b1+b2+…+bn=(-1)+(-)+…+(-)=-1. 11.已知數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn=2n+1-2,bn=+2n. (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式; (2)求數(shù)列{anbn}的前n項(xiàng)和Tn. 解:(1)當(dāng)n≥2時(shí),an=Sn-Sn-1=2n+1-2-2n+2=2n, 當(dāng)n=1時(shí),a1=S1=2,所以an=2n. (2)∵bn=+2n=2n+1,∴anbn=(2n+1)·2n. ∴Tn=3×2+5×22+7×23+…+(2n+1)·2n, 2Tn=3×22+5×23+7×24+…+(2n+1)·2n+

10、1, ∴-Tn=6+23+24+…+2n+1-(2n+1)·2n+1=6+-(2n+1)2n+1 =-2-(2n-1)·2n+1. ∴Tn=(2n-1)·2n+1+2. 12.(2019·鄭州市第二次質(zhì)量預(yù)測(cè))數(shù)列{an}滿足:++…+=n2+n,n∈N*. (1)求{an}的通項(xiàng)公式; (2)設(shè)bn=,數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和為Sn,求滿足Sn>的最小正整數(shù)n. 解:(1)由題意知,++…+=n2+n, 當(dāng)n≥2時(shí),++…+=(n-1)2+n-1, 兩式相減得,=2n,an=2n(n+1)(n≥2). 當(dāng)n=1時(shí),a1=4也符合,所以an=2n(n+1),n∈N*. (2

11、)bn===, 所以Sn===, 由Sn=>得n>9,所以滿足條件的最小正整數(shù)n為10. B組——大題專攻強(qiáng)化練 1.(2019·河北省九校第二次聯(lián)考)已知{an}是各項(xiàng)都為正數(shù)的數(shù)列,其前n項(xiàng)和為Sn,且Sn為an與的等差中項(xiàng). (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式; (2)設(shè)bn=,求{bn}的前n項(xiàng)和Tn. 解:(1)由題意知,2Sn=an+,即2Snan-a=1,① 當(dāng)n=1時(shí),由①式可得a1=S1=1; 當(dāng)n≥2時(shí),an=Sn-Sn-1,代入①式,得2Sn(Sn-Sn-1)-(Sn-Sn-1)2=1, 整理得S-S=1. 所以{S}是首項(xiàng)為1,公差為1的等差數(shù)列,S=

12、1+n-1=n. 因?yàn)閧an}的各項(xiàng)都為正數(shù),所以Sn=, 所以an=Sn-Sn-1=-(n≥2), 又a1=S1=1,所以an=-. (2)bn===(-1)n(+), 當(dāng)n為奇數(shù)時(shí), Tn=-1+(+1)-(+)+…+(+)-(+)=-; 當(dāng)n為偶數(shù)時(shí), Tn=-1+(+1)-(+)+…-(+)+(+)=. 所以{bn}的前n項(xiàng)和Tn=(-1)n. 2.(2019·安徽省考試試題)已知等差數(shù)列{an}中,a5-a3=4,前n項(xiàng)和為Sn,且S2,S3-1,S4成等比數(shù)列. (1)求數(shù)列{an}的通項(xiàng)公式; (2)令bn=(-1)n,求數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和Tn. 解

13、:(1)設(shè){an}的公差為d,由a5-a3=4,得2d=4,d=2. ∴S2=2a1+2,S3-1=3a1+5,S4=4a1+12, 又S2,S3-1,S4成等比數(shù)列,∴(3a1+5)2=(2a1+2)·(4a1+12), 解得a1=1, ∴an=2n-1. (2)bn=(-1)n=(-1)n, 當(dāng)n為偶數(shù)時(shí),Tn=-+-+…-+,∴Tn=-1+=-. 當(dāng)n為奇數(shù)時(shí),Tn=-+-+…+-, ∴Tn=-1-=-. ∴Tn= 3.(2019·江蘇高考題節(jié)選)定義首項(xiàng)為1且公比為正數(shù)的等比數(shù)列為“M-數(shù)列”. (1)已知等比數(shù)列{an}(n∈N*)滿足:a2a4=a5,a3-4

14、a2+4a1=0,求證:數(shù)列{an}為“M-數(shù)列”; (2)已知數(shù)列{bn}(n∈N*)滿足:b1=1,=-,其中Sn為數(shù)列{bn}的前n項(xiàng)和.求數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式. 解:(1)證明:設(shè)等比數(shù)列{an}的公比為q,所以a1≠0,q≠0. 由得 解得因此數(shù)列{an}為“M-數(shù)列”. (2)因?yàn)椋剑?,所以bn≠0. 由b1=1,S1=b1,得=-,則b2=2. 由=-,得Sn=. 當(dāng)n≥2時(shí),由bn=Sn-Sn-1,得bn=-,整理得bn+1+bn-1=2bn. 所以數(shù)列{bn}是首項(xiàng)和公差均為1的等差數(shù)列. 因此,數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式為bn=n(n∈N*). 4.已知

15、數(shù)列{an}滿足:a1=1,an+1=an+. (1)設(shè)bn=,求數(shù)列{bn}的通項(xiàng)公式; (2)求數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn. 解:(1)由an+1=an+可得=+, 又bn=,所以bn+1-bn=,由a1=1,得b1=1, 所以當(dāng)n≥2時(shí),(b2-b1)+(b3-b2)+…+(bn-bn-1)=++…+, 所以bn-b1==1-,即bn=2-(n≥2),易知b1=1滿足上式,所以bn=2-(n∈N*). (2)由(1)可知an=2n-,設(shè)數(shù)列的前n項(xiàng)和為Tn, 則Tn=+++…+,① Tn=+++…+,② 由①-②得, Tn=+++…+-=-=2-. 所以Tn=4-. 所以數(shù)列{an}的前n項(xiàng)和Sn=n(n+1)-4+. - 8 -

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