2013年高考物理 考前模擬考場七

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1、2013高考物理考前模擬考場七 一、單項題：本題共5小題，每小題3分，共計15分。每小題只有一個選項符合題意。 1．如圖所示，在μ＝0.1的水平桌面上向右運動的物體，質(zhì)量為20 kg，在運動過程中，還受到一個方向向左的大小為10 N的拉力作用，則物體受到的滑動摩擦力為(g＝10 N/kg)(　　) A．10 N，向右 B．10 N，向左 C．20 N，向右 D．20 N，向左 答案：D 2．土星周圍有美麗壯觀的“光環(huán)”，組成環(huán)的顆粒是大小不等，線度從1 μm到10 m的巖石、塵埃，類似于衛(wèi)星，它們與土星中心的距離從7.3×104 km延伸到1.4×105 km.已知環(huán)的外緣

2、顆粒繞土星做圓周運動的周期約為14 h，引力常量為6.67×10－11 N·m2/kg2，則土星的質(zhì)量約為(估算時不考慮環(huán)中顆粒間的相互作用)(　　) A．9.0×1016 kg B．6.4×1017 kg C．9.0×1025 kg D．6.4×1026 kg 解析：G＝m()2r，M＝＝ kg＝6.4×1026 kg. 所以D選項正確． 答案：D 3．如圖所示，水平放置的兩個平行的金屬板A、B帶等量的異種電荷，A板帶負電荷，B板接地．若將A板向上平移到虛線位置，在A、B兩板中間的一點P的電場強度E和電勢φ的變化情況是(　　) A．E不變，φ改變 B．E改變，

3、φ不變 C．E不變，φ不變 D．E改變，φ改變 解析：當將A板向上平移到虛線位置時，意味著平行板之間的距離拉大，由C＝知，電容C減小，由題意知電容上的帶電量不變，由Q＝CU可知，U必變大；由U＝Ed，所以Q＝CU＝U＝Ed＝知，E不變，由于P點到B板的距離不變，故PB之間的電壓不變，故應選C. 答案：C 4．(2011·臨沂檢測)圖甲為雜技表演的安全網(wǎng)示意圖，網(wǎng)繩的結(jié)構(gòu)為正方格形，O、a、b、c、d……為網(wǎng)繩的結(jié)點，安全網(wǎng)水平張緊后，若質(zhì)量為m的運動員從高處落下，并恰好落在O點上，該處下凹至最低點時，網(wǎng)繩dOe，bOg均成120°向上的張角，如圖乙所示，此時O點受到的向下的

4、沖擊力大小為F，則這時O點周圍每根網(wǎng)繩承受的力的大小為(　　) A．F B. C． F＋mg D. 解析：對O點進行受力分析，O點受到豎直向下的沖力F和斜向上的網(wǎng)繩的拉力，設每根網(wǎng)繩的拉力大小為F1，由力的合成與分解的知識可知，dOe和bOg豎直向上的拉力都為F1，由2F1＝F得F1＝，故B對． 答案：B 5．空間有一勻強電場，在電場中建立如圖所示的直角坐標系O—xyz，M、N、P為電場中的三個點，M點的坐標(0，a,0)，N點的坐標為(a,0,0)，P點的坐標為(a，，)．已知電場方向平行于直線MN，M點電勢為0，N點電勢為1 V，則P點的電勢為(　　) A.

5、 V　　　　B. V C. V D. V 解析：本題考查勻強電場、電勢和電勢差的計算，意在考查考生的空間想象能力．MN間的距離為a，P點在MN連線上的投影點離M點的距離為，所以P點的電勢為：×1 V＝V，D正確． 答案：D 二、多項選擇：本題共4小題，每小題4分，共計16分。每小題有多個選項符合題意。全部選對得4分，選對不全得2分，錯選或不答的得0分。 6．如圖所示，質(zhì)量為M、長度為L的小車靜止在光滑的水平面上．質(zhì)量為m的小物塊(可視為質(zhì)點)放在小車的最左端．現(xiàn)用一水平恒力F作用在小物塊上，使物塊從靜止開始做勻加速直線運動．物塊和小車之間的摩擦力為Ff

6、.物塊滑到小車的最右端時，小車運動的距離為l.在這個過程中，以下結(jié)論正確的是(　　) A．物塊到達小車最右端時具有的動能為(F－Ff)(L＋l) B．物塊到達小車最右端時，小車具有的動能為Ffl C．物塊克服摩擦力所做的功為Ff(L＋l) D．物塊和小車增加的機械能為Fl 解析：根據(jù)動能定理，物塊到達最右端時具有的動能為Ek1＝△Ek1＝F·(L＋l)－Ff·(L＋l)＝(F－Ff)·(L＋l)，A正確．物塊到達最右端時，小車具有的動能可根據(jù)動能定理列式：Ek2＝△Ek2＝Ffl，B正確．由功的公式，物塊克服摩擦力所做的功為Wf＝Ff(L＋l)，C正確．物塊增加的機械能Ekm＝(F－

7、Ff)(L＋l)，小車增加的機械能EkM＝Ffl，物塊和小車增加的機械能為Ekm＋EkM＝F·(L＋l)－FfL.或直接由功能關(guān)系得結(jié)論，D錯誤． 答案：ABC 7．如圖所示，矩形線框置于豎直向下的磁場中，通過導線與靈敏電流表相連，線框在磁場中繞垂直于磁場方向的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動，圖中線框平面處于豎直面內(nèi)，下述說法正確的是(　　) A．因為線框中產(chǎn)生的是交變電流，所以電流表示數(shù)始終為零 B．線框通過圖中位置瞬間，穿過線框的磁通量最大 C．線框通過圖中位置瞬間，通過電流表的電流瞬時值最大 D．若使線框轉(zhuǎn)動的角速度增大一倍，那么通過電流表電流的有效值也增大一倍 解析：本題考查電磁感應現(xiàn)象，

8、基礎題．線框在勻強磁場中勻速轉(zhuǎn)動時，在中性面即線框與磁感線垂直時，磁通量最大感應電動勢最小，而在題中圖示位置線框與磁感應線平行時，磁通量最小感應電動勢最大，A、B錯C對；電流的有效值I＝，現(xiàn)在其余的量都不變，角速度增大一倍后，電流也增大一倍，D正確． 答案：CD 8．如圖所示，在半徑為R的圓形區(qū)域內(nèi)有勻強磁場．在邊長為2R的正方形區(qū)域里也有勻強磁場，兩個磁場的磁感應強度大小相同．兩個相同的帶電粒子以相同的速率分別從M、N兩點射入勻強磁場．在M點射入的帶電粒子，其速度方向指向圓心；在N點射入的帶電粒子，速度方向與邊界垂直，且N點為正方形邊長的中點，則下列說法正確的是(　　) A．帶電粒子在

9、磁場中飛行的時間可能相同 B．從M點射入的帶電粒子可能先飛出磁場 C．從N點射入的帶電粒子可能先飛出磁場 D．從N點射入的帶電粒子不可能比M點射入的帶電粒子先飛出磁場 解析：畫軌跡草圖如圖所示，容易得出粒子在圓形磁場中的軌跡長度(或軌跡對應的圓心角)不會大于在正方形磁場中的，故A、B、D正確． 答案：ABD 9．(2011·江蘇蘇州中學摸底)歷史上有些科學家曾把在相等位移內(nèi)速度變化相等的單向直線運動稱為“勻變速直線運動”(現(xiàn)稱“另類勻變速直線運動”)，“另類加速度”定義為A＝，其中v0和vt分別表示某段位移s內(nèi)的初速和末速，A>0表示物體做加速運動，A<0表示物體做減速運動．而現(xiàn)在

10、物理學中加速度的定義式為a＝，下列說法正確的是(　　) A．若A不變，則a也不變 B．若A>0且保持不變，則a逐漸變大 C．若A不變，則物體在中間位置處的速度為 D．若A不變，則物體在中間位置處的速度為 解析：題干中兩式聯(lián)立得，As＝at，若相等位移內(nèi)A不變，則at的乘積不變，故選項A錯誤；若A>0且保持不變，則vt>v0，故后面完成相等的位移所用時間t越小，由at乘積不變可知，a逐漸變大，選項B正確；若A不變，設物體在中間位置處的速度為v，則A＝＝，解得＝，故選項C正確而D錯誤． 答案：BC 三、簡答題：本題分必做題（第1

11、0、11題）和選做題（第12題）兩部分，共計42分。請將解答填寫在答題卡相應的位置。 10．（無錫市10）．（8分）某同學利用電磁打點計時器打出的紙帶來驗證機械能守恒定律，該同學在實驗中得到一條紙帶，如圖所示，在紙帶上取6個計數(shù)點，兩個相鄰計數(shù)點間的時間間隔為T=0.02s。其中1、2、3點相鄰，4、5、6點相鄰，在3點和4點之間還有若干個點。s1是1、3兩點的距離，s2是2、5兩點的距離，s3是4、6兩點的距離。 （1）實驗過程中，下列操作正確的是 。 A．電磁打點計時器應接在220V交流電源上 B．實驗時應先松開紙帶，然后迅速打開打點計時器 C．實驗時應先打開打點計時器

12、，然后松開紙帶 D．紙帶應理順，穿過限位孔并保持豎直 （2）點2速度的表達式v2= （3）該同學測得的數(shù)據(jù)是s1=4.00cm，s2=16.00cm，s3=8.00cm，重物（質(zhì)量為m）從點2運動到點5過程中，動能增加量為 m，勢能減少量為 m。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字，重力加速度g =10m/s2） 答案：（1）CD（2分）?。?）S1/2T （3）1.5 1.6 （每空2分）（必須用小數(shù)表示） 11．（無錫市11）．（10分）兩位同學在實驗室利用如圖（a）所示的電路測定定值電阻R。、電源的電動勢E和內(nèi)電 阻r，調(diào)節(jié)滑動變阻器的

13、滑動觸頭P向某一方向移動時，一個同學記錄了電流表A和電壓表V1 的測量數(shù)據(jù)，另一同學記錄的是電流表A和電壓表V2的測量數(shù)據(jù)，并根據(jù)數(shù)據(jù)分別描繪了如圖（b）所示的兩條U-/直線，回答下列問題： （1）根據(jù)甲乙兩同學描繪的直線，可知甲同學是根據(jù)電壓表 （填“V1”或“V2”）和電流表A的數(shù)據(jù)描繪的圖線，并可以測得 （填寫物理量符號及計算結(jié)果）；乙同學是根據(jù)電壓表 （填“V1”或“V2”）和電流表A的數(shù)據(jù)描繪的圖線，并可以測得 （填寫物理量符號及計算結(jié)果） （2）該電路中電流表的讀數(shù) （

14、填：“可能”或“不可能”）達到0.6A，理由是 。 答案：（1）V1（1分）電源電動勢E＝1.5V和內(nèi)電阻r=1.0Ω（2分）；V2（1分）定值電阻R0＝2.0Ω（2分） （2）不可能（2分），當電流表讀數(shù)達到0.6A時，從圖(b)中可以看出路端電壓的電壓表V1的讀數(shù)會小于V2的讀數(shù)，在電路里是不可能實現(xiàn)的。（或者電路中的最大電流應該是0.5A）(2分) 12（南通10）．某研究性學習小組采用如圖甲所示的裝置，探究物體的加速度與質(zhì)量的關(guān)系．提供的器材有：氣墊導軌、滑塊（總質(zhì)量為m，左端裝有遮光板）、光電門（配接數(shù)字計

15、時器）、米尺、鐵架臺．實驗中，測出導軌頂端A與光電門所在位置B的距離為L，導軌頂端距水平面的高度為h． （1）用游標卡尺測量遮光板的寬度d，如圖所示，則d= mm （2）接通氣源，讓滑塊從A端由靜止開始向下運動，讀出遮光板通過光電門的時間為t1，若遮光板的寬度用d表示，則滑塊運動到B點時的速度v1= ，下滑過程的加速度a1= ． （3）實驗中，為使滑塊受到的合外力保持不變，在改變滑塊質(zhì)量m時，應調(diào)節(jié) ，使 ．測出多組m、t數(shù)據(jù)后，描點做出（選填“t2–m”，“t2–”）的線性圖象，可得出加速度與質(zhì)

16、量的關(guān)系． 答案：（1）3.25（2分） （2） （1分） （2分） （3）導軌頂端距水平面的高度h（1分） 使m?h不變 （1分） t 2?m （2分） 12（C）（1）如圖中畫出了氫原子的4個能級，并注明了相應的能量En，處在n＝4的能級的一群氫原子向低能級躍遷時，能夠發(fā)出若干種不同頻率的光波．已知金屬鉀的逸出功為2.22 eV.在這些光波中，能夠從金屬鉀的表面打出光電子的總共有(　　) A．二種　　　 B．三種　　　 C．四種　　　 D．五種 解析：由題意和能級圖知，能夠發(fā)出6種不同頻率的光波．而逸出功W＝hν0

17、3＝0.66 eV E3－E2＝1.89 eV E4－E2＝2.55 eV E3－E1＝12.09 eV E4－E1＝12.75 eV E2－E1＝10.20 eV 顯然總共有4種． 答案：C （2）(2009·重慶高考)某科學家提出年輕熱星體中核聚變的一種理論，其中的兩個核反應方程為 11H＋612C→713N＋Q1,11H＋715N→612C＋X＋Q2 方程中Q1、Q2表示釋放的能量，相關(guān)的原子核質(zhì)量見下表： 原子核 11H 23He 24He 612C 713N 715N 質(zhì)量/u 1.0078 3.0160 4.0026 12

18、.0000 13.0057 15.0001 以下推斷正確的是(　　) A．X是23He，Q2>Q1 B．X是24He，Q2>Q1 C．X是23He，Q2Q1. 答案：B （3）用同一頻率的光照射到甲、乙兩種不同的金屬上，它們釋放的光電子在磁感應強度為B的勻強磁場中做勻速圓周運動，它們的軌道半徑之比

19、為R甲∶R乙＝3∶1，則下述說法中正確的是(　　) A．兩種金屬的逸出功之比為3∶1 B．兩種光電子的速度大小之比為3∶1 C．兩種金屬的逸出功之比為1∶3 D．兩種光電子的動量大小之比為3∶1 解析：電子在磁場中做勻速圓周運動，由evB＝m得R＝，動量大小和速度大小均和環(huán)繞半徑成正比，B、D對；光電子的最大初動能之比為9∶1，由愛因斯坦的光電效應方程可得：金屬的逸出功W＝hν－mv2，所以兩種金屬的逸出功的比值不確定，故選B、D. 答案：BD 四、計算題：本題共3小題，共計47分。解答時請寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟。只與出最后答案的不能得分。有數(shù)

20、值的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。 13．一單擺在地面上振動N次，將此單擺移至離地面高度為h的地方，在相同時間內(nèi)振動次，已知地球半徑R＝6.4×106 m，則可估算出高度h為多少？ 解析：據(jù)題意T1＝，T2＝ 在地面上：T1＝2π，G＝mg1 在距地面h高處：T2＝2π，＝mg2 ＝2＝2＝ h＝R＝6.4×106 m. 答案：6.4×106 m 14．如圖所示為一彈簧振子的振動圖象．求： (1)從計時開始經(jīng)過多長時間第一次達到彈性勢能最大？ (2)在第2 s末到第3 s末這段時間內(nèi)彈簧振子的加速度、速度、動能和彈性勢能各是怎樣變化的？ (3)該振子在前100 s

21、的總位移是多少？路程是多少？ 解析：(1)由圖知，在計時開始的時刻振子恰好以沿x軸正方向的速度通過平衡位置O，此時彈簧振子具有最大動能，隨著時間的延續(xù)，速度不斷減小，而位移逐漸加大，經(jīng)t＝T＝1 s，其位移達到最大，此時彈性勢能最大． (2)由圖知，在t＝2 s時，振子恰好通過平衡位置，此時加速度為零，隨著 時間的延續(xù)，位移值不斷加大，加速度的值也變大，速度值不斷變小，動能不斷減小，彈性勢能逐漸增大．當t＝3 s時，加速度的值達到最大，速度等于零，動能等于零，彈性勢能達到最大值． (3)振子經(jīng)一周期位移為零，路程為5×4 cm＝20 cm，前100 s剛好經(jīng)過了25個周期，所以前100

22、 s振子位移s＝0，振子路程s′＝20×25 cm＝500 cm＝5 m. 答案：(1)1 s　(2)見解析　(3)0　5 m 15．如圖所示．AB是傾角為θ的粗糙直軌道，BCD是光滑的圓弧軌道，AB恰好在B點與圓弧相切，圓弧的半徑為R.一個質(zhì)量為m的物體(可以看做質(zhì)點)從直軌道上的P點由靜止釋放，結(jié)果它能在兩軌道間做往返運動．已知P點與圓弧的圓心O等高，物體與軌道AB間的動摩擦因數(shù)為μ.求： (1)物體做往返運動的整個過程中在AB軌道上通過的總路程； (2)最終當物體通過圓弧軌道最低點E時，對圓弧軌道的壓力； (3)為使物體能順利到達圓弧軌道的最高點D，釋放點距B點的距離L′應滿足

23、什么條件． 解析：(1)因為摩擦始終對物體做負功，所以物體最終在圓心角為2θ的圓弧上往復運動． 對整體過程由動能定理得 mgR·cosθ－μmgcosθ·x＝0 所以總路程為x＝. (2)對B→E過程 mgR(1－cosθ)＝mvE2 ① FN－mg＝ ② 由①②得對軌道壓力：FN＝(3－2cosθ)mg. (3)設物體剛好到D點，則mg＝ ③ 對全過程由動能定理得 mgL′sinθ－μmgcosθ·L′－mgR(1＋cosθ)＝mvD2 ④ 由③④得應滿足條件：L′＝·R. 答案：(1)　(2)(3－2cosθ)mg (3)L′至少為·R