（江蘇專用）2020高考物理二輪復(fù)習(xí) 選擇題提速練（一）

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1、選擇題提速練（一） 一、單項(xiàng)選擇題 1．如圖甲所示為雜技中的“頂竿”表演，水平地面上演員B用肩部頂住一根長(zhǎng)直竹竿，另一演員A爬至竹竿頂端完成各種動(dòng)作。某次頂竿表演結(jié)束后，演員A自竿頂由靜止開(kāi)始下落?；礁偷讜r(shí)速度正好為零，然后屈腿跳到地面上，演員A、B質(zhì)量均為50 kg，竹竿質(zhì)量為5 kg，演員A下滑的過(guò)程中速度隨時(shí)間變化的圖像如圖乙所示。重力加速度g取10 m/s2，下列判斷正確的是(　　) A．竹竿的總長(zhǎng)度約為3 m B．0～6 s內(nèi)，演員B對(duì)地面的壓力大小始終為1 050 N C．0～6 s內(nèi)，竹竿對(duì)演員B的壓力的沖量大小為3 300 Ns D．演員A落地時(shí)屈腿，是為了縮

2、短作用時(shí)間以減小地面的沖擊力 解析：選C　vt圖像的面積等于演員A下滑過(guò)程的位移(即竹竿的總長(zhǎng)度)，x＝62 m＝6 m，A錯(cuò)誤；0～4 s內(nèi)演員A加速下滑，加速度a＝0.5 m/s2，處于失重狀態(tài)，演員B對(duì)地面的壓力大小FN＝2M人g＋mg－M人a＝(25010＋510－500.5)N＝1 025 N,4～6 s內(nèi)演員A減速下滑，加速度a′＝1 m/s2，處于超重狀態(tài)，演員B對(duì)地面的壓力大小FN′＝2M人g＋mg＋M人a′＝(25010＋510＋501)N＝1 100 N，B錯(cuò)誤；0～4 s內(nèi)竹竿對(duì)演員B的壓力大小為F＝M人g＋mg－M人a＝(5010＋510－500.5)N＝525 N，

3、沖量大小為I1＝5254 Ns＝2 100 Ns,4～6 s內(nèi)竹竿對(duì)演員B的壓力大小為F′＝M人g＋mg＋M人a′＝(5010＋510＋501)N＝600 N，沖量大小為I2＝6002 Ns＝1 200 Ns，0～6 s內(nèi)，竹竿對(duì)演員B的壓力的沖量大小為I＝I1＋I(xiàn)2＝(2 100＋1 200)Ns＝3 300 Ns，C正確；演員A落地時(shí)屈腿，是為了延長(zhǎng)作用時(shí)間以減小地面的沖擊力，D錯(cuò)誤。 2.路燈維修車如圖所示，車上帶有豎直自動(dòng)升降梯。若車勻速向左運(yùn)動(dòng)的同時(shí)梯子勻速上升，則關(guān)于梯子上的工人的描述正確的是(　　) A．工人相對(duì)地面的運(yùn)動(dòng)軌跡為曲線 B．僅增大車速，工人相對(duì)地面的速度將變大

4、 C．僅增大車速，工人到達(dá)頂部的時(shí)間將變短 D．僅增大車速，工人相對(duì)地面的速度方向與豎直方向的夾角將變小 解析：選B　車勻速向左運(yùn)動(dòng)的同時(shí)梯子勻速上升，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成，可知：工人相對(duì)地面一定做勻速直線運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；僅增大車速，依據(jù)矢量的合成法則，工人相對(duì)地面的速度將變大，故B正確；僅增大車速，不影響豎直方向的運(yùn)動(dòng)，則工人到達(dá)頂部的時(shí)間不變，故C錯(cuò)誤；僅增大車速，工人相對(duì)地面的速度方向與水平方向的夾角將變小，而與豎直方向的夾角將變大，故D錯(cuò)誤。 3.如圖所示電路中，R為某種半導(dǎo)體氣敏元件，其阻值隨周圍環(huán)境一氧化碳?xì)怏w濃度的增大而減小，當(dāng)一氧化碳?xì)怏w濃度增大時(shí)，下列說(shuō)法中正確的是(　　)

5、 A．電壓表V示數(shù)增大 B．電流表A示數(shù)減小 C．電路的總功率減小 D．變阻器R1的取值越大，電壓表示數(shù)變化越明顯 解析：選D　當(dāng)一氧化碳?xì)怏w濃度增大時(shí)，R減小，總電阻減小，則總電流增大，內(nèi)電壓增大，路端電壓減小，可知，通過(guò)R1的電流減小，因此電壓表V示數(shù)減小，通過(guò)變阻器的電流減小，則電流表A示數(shù)增大。故A、B錯(cuò)誤；電路的總功率為 P＝EI，E不變，I增大，則P增大。故C錯(cuò)誤；變阻器R1的取值越大，R1與R并聯(lián)的阻值越接近R，R對(duì)電路的影響越大，則知變阻器R1的取值越大，電壓表示數(shù)變化越明顯。故D正確。 4.傾角為53的斜面與水平面平滑連接，一物塊從斜面上以初速度v0滑下，最終停在

6、水平面上，已知物塊與水平面、物塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ＝0.5，sin 53＝0.8，cos 53＝0.6。則下列關(guān)于物塊運(yùn)動(dòng)的vt圖像正確的是(　　) 解析：選C　物塊沿斜面下滑時(shí)由牛頓第二定律得：a1＝gsin 53－μgcos 53＝5 m/s2，即沿斜面做加速運(yùn)動(dòng)，在水平面滑行時(shí)由牛頓第二定律得：a2＝μg＝5 m/s2，沿水平面做減速運(yùn)動(dòng)，在斜面和水平面滑行時(shí)的加速度大小相等，vt圖像的斜率表示加速度大小，故A、B、D錯(cuò)誤，C正確。 5.空間存在著平行于x軸方向的靜電場(chǎng)，O、A、B、C為x軸上的點(diǎn)，沿x軸方向上在OC間的電勢(shì)φ隨x的變化規(guī)律為如圖所示的直線，則(　　)

7、 A．C點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度一定為零 B．電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿x軸正方向 C．該電場(chǎng)是由負(fù)點(diǎn)電荷激發(fā)產(chǎn)生的 D．帶負(fù)電的試探電荷在A處的電勢(shì)能大于在B處的電勢(shì)能 解析：選B　電勢(shì)隨距離變化圖像中，斜率表示電場(chǎng)強(qiáng)度可知，該電場(chǎng)為勻強(qiáng)電場(chǎng)，故A、C錯(cuò)誤；由圖像可知，隨著距離增大，電勢(shì)逐漸降低，而沿著電場(chǎng)線方向電勢(shì)逐漸降低可知電場(chǎng)強(qiáng)度方向沿x軸正方向，故B正確；根據(jù)Ep＝φq可知，負(fù)電荷在低電勢(shì)處電勢(shì)能較大，故帶負(fù)電的試探電荷在A處的電勢(shì)能小于在B處的電勢(shì)能，故D錯(cuò)誤。 二、多項(xiàng)選擇題 6．如圖所示，在火星軌道的外側(cè)有一小行星帶，內(nèi)外兩顆小行星a、b分別繞太陽(yáng)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。則(　　) A．a(chǎn)

8、、b兩顆小行星的角速度相等 B．a(chǎn)、b兩顆小行星的動(dòng)能可能相等 C．小行星a表面的重力加速度可能比b的小 D．兩顆小行星與太陽(yáng)的連線在相同時(shí)間內(nèi)掃過(guò)的面積相等 解析：選BC　小行星繞太陽(yáng)運(yùn)動(dòng)萬(wàn)有引力提供向心力有G＝mrω2可知，ab兩顆小行星軌道半徑不等，故角速度不相等，故A錯(cuò)誤；據(jù)萬(wàn)有引力提供圓周運(yùn)動(dòng)向心力有G＝m，雖然兩小行星的軌道半徑不相等，兩行星的線速度大小不同，但小行星的質(zhì)量未知，若速率大的小行星質(zhì)量小，則兩顆小行星的動(dòng)能有可能相等，故B正確；因?yàn)椴恢纼深w小行星的質(zhì)量和半徑，故小行星a表面的重力加速度可能比b的小，故C正確；根據(jù)開(kāi)普勒行星定律可知，對(duì)于同一顆行星與太陽(yáng)的連線

9、在相等的時(shí)間內(nèi)掃過(guò)相等的面積，對(duì)于兩顆不同軌道的行星，此定律不適用，故D錯(cuò)誤。 7.如圖所示，理想變壓器原線圈接在電壓有效值不變的交流電源兩端，電流表和電壓表均為理想電表?，F(xiàn)將交流電的頻率變小，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．燈泡L1變暗 B．燈泡L2變暗 C．電壓表示數(shù)增大 D．電流表讀數(shù)變化量的比值不變 解析：選AD　交流電頻率減小時(shí)，容抗增大，L1所在支路對(duì)電流阻礙作用增大，所以電流減小，L1變暗，故A正確；當(dāng)交流電頻率減小時(shí)，不會(huì)改變L2支路對(duì)電流的阻礙，燈泡L2亮度不變，故B錯(cuò)誤；由于原副線圈匝數(shù)比不變，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比得電壓表示數(shù)不變，故C錯(cuò)誤；根據(jù)電流與匝數(shù)成

10、反比得電流表讀數(shù)變化量的比值不變，故D正確。 8．如圖所示為污水流量監(jiān)測(cè)裝置，兩塊面積為S的矩形金屬極板M、N水平放置，污水從兩板間區(qū)域向右流過(guò)(速度為v)，板間距離為d且有一垂直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩板用導(dǎo)線與理想電壓表相連，則(　　) A．電壓表正極接線柱接金屬極板M B．污水中離子濃度越大，電壓表的示數(shù)越大 C．電壓表讀數(shù)與極板面積S無(wú)關(guān) D．水流速度不變，只增加板間距離d時(shí)電壓表讀數(shù)變小 解析 ：選AC　由左手定則知正離子向上偏轉(zhuǎn)，所以M帶正電，故A正確；兩板間電壓穩(wěn)定時(shí)滿足：qvB＝qE＝q，所以U＝Bdv，與離子濃度無(wú)關(guān)，與極板面積S無(wú)關(guān)，故B錯(cuò)誤，C正確；由兩板

11、間電壓穩(wěn)定時(shí)U＝Bdv可知，水流速度不變，只增加板間距離d時(shí)電壓表讀數(shù)變大，故D錯(cuò)誤。 9．如圖所示，質(zhì)量相等的A、B兩物體用輕質(zhì)細(xì)繩和橡皮筋相連，細(xì)繩跨過(guò)傾角為30的光滑斜面頂端的定滑輪并與斜面平行。初始時(shí)A位于斜面底部的擋板上，橡皮筋處于原長(zhǎng)，已知重力加速度為g，則由靜止釋放B的整個(gè)過(guò)程中(沒(méi)有撞擊滑輪和地面)有(　　) A．釋放瞬間B的加速度為g B．在B加速向下運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中A的加速度最大值為g C．A剛要離開(kāi)擋板時(shí)系統(tǒng)的彈性勢(shì)能最大 D．橡皮筋拉力對(duì)A做的功等于A的機(jī)械能的增加量 解析：選AD　釋放瞬間，橡皮筋沒(méi)有發(fā)生形變，沒(méi)有彈力，細(xì)繩中就沒(méi)有拉力，所以B只受重力，加速度為g，故A正確；B加速下落時(shí)，對(duì)B由牛頓第二定律可知細(xì)繩的拉力T＜mg，則橡皮筋中的彈力F＜mg，對(duì)A受力分析由牛頓第二定律得：aA＝＜g，故B錯(cuò)誤；當(dāng)橡皮筋中的彈力F＝mgsin 30時(shí)A要離開(kāi)擋板，此時(shí)橡皮筋中的彈力不是最大，彈性勢(shì)能不是最大，故C錯(cuò)誤；對(duì)A受力分析知，橡皮筋的彈力對(duì)A做正功，重力做功不改變A的機(jī)械能，所以橡皮筋拉力對(duì)A做的功等于A的機(jī)械能的增加量，故D正確。 5