（新課標）高考物理二輪復習簡易通 第7講 電磁感應及綜合應用

《（新課標）高考物理二輪復習簡易通 第7講 電磁感應及綜合應用》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《（新課標）高考物理二輪復習簡易通 第7講 電磁感應及綜合應用（6頁珍藏版）》請在裝配圖網上搜索。

1、第七講 電磁感應及綜合應用 1．如圖3－7－11所示，矩形區(qū)域Ⅰ內，有場強為E0的豎直向下的勻強電場和磁感應強度為B0的垂直紙面向里的勻強磁場，豎直邊界CD右側區(qū)域Ⅱ內存在邊界足夠寬、磁感應強度為B的垂直紙面向外的勻強磁場．一束重力不計、電荷量相同、質量不同的帶正電的粒子，沿圖中左側的水平中線射入區(qū)域Ⅰ中，并沿水平中線穿過區(qū)域Ⅰ后進入區(qū)域Ⅱ中，結果分別打在接收裝置的感光片上的S1、S2兩點，現測得S1、S2兩點之間距離為L，已知接收裝置與豎直方向的夾角為45°，粒子所帶電荷量為q.求： 圖3－7－11 (1)帶電粒子進入磁場B時的速度的大小v； (2)在圖上畫出打在S2處的帶

2、電粒子進入區(qū)域Ⅱ后的運動軌跡，并計算打在S1、S2兩點的粒子的質量之差Δm. 解析　(1)區(qū)域Ⅰ是速度選擇器， 故qE0＝qvB0① 解得v＝② (2)帶電粒子在區(qū)域Ⅱ中做勻速圓周運動，則 qvB＝m R＝③ 打在S1處的粒子對應的半徑R1＝④ 打在S2處的粒子對應的半徑R2＝⑤ 又L＝2R2－2R1⑥ 聯立②③④⑤⑥得Δm＝m2－m1＝＝ 答案　(1)　(2) 2. 坐標原點O處有一點狀的放射源，它向xOy平面內的x軸上方各個方向發(fā)射α粒子，α粒子的速度大小都是v0，在0

3、和質量；在d

4、中沿x軸方向的位移x1＝v0t＝v0 ＝d. 該粒子運動軌跡如圖所示，根據幾何知識可得知：若該粒子不能打到ab板上，則所有粒子均不能打到ab板上，因此該粒子軌跡必與ab板相切，其圓周運動的半徑滿足關系式d＝r＋rcos 60°，則r＝d，又根據洛倫茲力提供向心力Bqv＝，可得B＝＝. (3)根據幾何知識可知，沿x軸負方向射出的粒子若能打到ab板上，則所有粒子均能打到ab板上．其臨界情況就是此粒子軌跡恰好與ab板相切． 由圖可知此時磁場寬度應為原來的，即當ab板位于y＝d的位置時，恰好所有粒子均能打到板上，且ab板上被打中區(qū)域的長度為L＝2x1＋r＝d＋d. 答案　(1)2mv　(2

5、)　(3)y＝d　d＋d 3．如圖3－7－13所示，在兩個水平平行金屬極板間存在著向下的勻強電場和垂直于紙面向里的勻強磁場，電場強度和磁感應強度的大小分別為E＝2×106 N/C和B1＝0.1 T，極板的長度l＝ m，間距足夠大．在板的右側還存在著另一圓形區(qū)域的勻強磁場，磁場的方向為垂直于紙面向外，圓形區(qū)域的圓心O位于平行金屬極板的中線上，圓形區(qū)域的半徑R＝ m．有一帶正電的粒子以某速度沿極板的中線水平向右飛入極板后恰好做勻速直線運動，然后進入圓形磁場區(qū)域，飛出圓形磁場區(qū)域后速度方向偏轉了60°，不計粒子的重力，粒子的比荷＝2×108 C/kg. 圖3－7－13 (1)求圓形區(qū)域磁場

6、的磁感應強度B2的大?。? (2)在其他條件都不變的情況下，將極板間的磁場B1撤去，為使粒子飛出極板后不能進入圓形區(qū)域的磁場，求圓形區(qū)域的圓心O離極板右邊緣的水平距離d應滿足的條件． 解析　(1)設粒子的初速度大小為v，粒子在極板間做勻速直線運動，則： qvB1＝qE 設粒子在圓形區(qū)域磁場中做圓周運動的半徑為r，則： qvB2＝m 粒子速度方向偏轉了60°，則：r＝Rcot 30° 解得：B2＝0.1 T (2)撤去磁場B1后，粒子在極板間做平拋運動，設在板間運動時間為t，運動的加速度為a，飛出電場時豎直方向的速度為vy，速度的偏轉角為θ，則： qE＝ma　l＝vt　vy＝at

7、　tan θ＝ 解得：tan θ＝，即θ＝30° 設粒子飛出電場后速度恰好與圓形區(qū)域的邊界相切時，圓心O離極板右邊緣的水平距離為d0，如圖所示，則： d0＝－，解得：d0＝ m 所以d> m 答案　(1)0.1 T　(2)d> m 4．如圖3－7－14所示，在xOy坐標系內存在周期性變化的電場和磁場，電場沿y軸正方向，磁場垂直紙面(以向里為正)，電場和磁場的變化規(guī)律如圖所示．一質量m＝3.2×10－13 kg、電荷量q＝－1.6×10－10 C的帶電粒子，在t＝0時刻以v0＝8 m/s的速度從坐標原點沿x軸正向運動，不計粒子重力，求： 圖3－7－14 (1)粒子在磁場中

8、運動的周期； (2)t＝20×10－3 s時粒子的位置坐標； (3)t＝24×10－3 s時粒子的速度． 解析　(1)粒子在磁場中運動時qvB＝ T＝ 解得T＝＝4×10－3 s (2)粒子的運動軌跡如圖所示，t＝20×10－3 s時粒子在坐標系內做了兩個圓周運動和三段類平拋運動，水平位移x＝3v0T＝9.6×10－2 m 豎直位移y＝a(3T)2 Eq＝ma 解得y＝3.6×10－2 m 故t＝20×10－3 s時粒子的位置坐標為： (9.6×10－2 m，－3.6×10－2 m) (3)t＝24×10－3 s時粒子的速度大小、方向與t＝20×10－3 s時相同，設與水平方向夾角為α 則v＝ vy＝3aT tan α＝ 解得v＝10 m/s 與x軸正向夾角α為37°斜向右下方 答案　(1)4×10－3 s　(2)(9.6×10－2 m，－3.6×10－2 m) (3)10 m/s　方向與x軸正向夾角α為37°，斜向右下方