高考物理大一輪復(fù)習(xí) 考點(diǎn)規(guī)范練9 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用 新人教版-新人教版高三全冊(cè)物理試題

《高考物理大一輪復(fù)習(xí) 考點(diǎn)規(guī)范練9 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用 新人教版-新人教版高三全冊(cè)物理試題》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《高考物理大一輪復(fù)習(xí) 考點(diǎn)規(guī)范練9 牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用 新人教版-新人教版高三全冊(cè)物理試題（11頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

1、考點(diǎn)規(guī)范練9　牛頓運(yùn)動(dòng)定律的綜合應(yīng)用 一、單項(xiàng)選擇題 　　　　　　　　　　　　　　　　　 1. 如圖所示的裝置中,重為4 N的物塊用一平行于斜面的細(xì)線拴在斜面上端的小柱上,整個(gè)裝置被固定在測(cè)力計(jì)上并保持靜止,斜面的傾角為30°。如果物塊與斜面間無(wú)摩擦,裝置穩(wěn)定以后,在燒斷細(xì)線物塊下滑時(shí)測(cè)力計(jì)的讀數(shù)與穩(wěn)定時(shí)比較(　　) A.增大4 N B.增大3 N C.減小1 N D.不變 答案C 解析設(shè)物塊的質(zhì)量為m,斜面質(zhì)量為m1,整個(gè)裝置靜止時(shí),測(cè)力計(jì)讀數(shù)為m1g+mg=m1g+4N。物塊下滑的加速度a=gsinθ=12g,方向沿斜面向下,其豎直分量a1=asinθ=14g,所以物塊

2、處于失重狀態(tài),其視重為34mg=3N,測(cè)力計(jì)的讀數(shù)為m1g+3N,所以測(cè)力計(jì)的示數(shù)減小1N,故選C。 2. 如圖所示,A、B兩物體之間用輕質(zhì)彈簧連接,用水平恒力F拉物體A,使物體A、B一起沿光滑水平面做勻加速直線運(yùn)動(dòng),這時(shí)彈簧長(zhǎng)度為l1;若將A、B置于粗糙水平面上,用相同的水平恒力F拉物體A,使物體A、B一起做勻加速直線運(yùn)動(dòng),此時(shí)彈簧長(zhǎng)度為l2。若物體A、B與粗糙水平面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同,則下列關(guān)系式正確的是(　　) A.l2=l1 B.l2l1 D.由于A、B質(zhì)量關(guān)系未知,故無(wú)法確定l1、l2的大小關(guān)系 答案A 解析當(dāng)水平面光滑,用水平恒力F拉物體A時(shí)

3、,由牛頓第二定律,對(duì)整體有F=(mA+mB)a,對(duì)B有F1=mBa=mBFmA+mB;當(dāng)水平面粗糙時(shí),對(duì)整體有F-μ(mA+mB)g=(mA+mB)a,對(duì)B有F2-μmBg=mBa,聯(lián)立以上兩式得F2=mBFmA+mB,可知F1=F2,故l1=l2,A正確。 3. 如圖所示,bc為固定在小車(chē)上的水平橫桿,物塊A串在桿上,靠摩擦力保持相對(duì)桿靜止,A又通過(guò)輕細(xì)線懸吊著一個(gè)小鐵球B,此時(shí)小車(chē)正以大小為a的加速度向右做勻加速運(yùn)動(dòng),而A、B均相對(duì)小車(chē)靜止,細(xì)線與豎直方向的夾角為θ。小車(chē)的加速度逐漸增大,A始終和小車(chē)保持相對(duì)靜止,當(dāng)加速度增加到2a時(shí)(　　) A.橫桿對(duì)A的摩擦力增加到原來(lái)的2倍

4、 B.橫桿對(duì)A的彈力增加到原來(lái)的2倍 C.細(xì)線與豎直方向的夾角增加到原來(lái)的2倍 D.細(xì)線的拉力增加到原來(lái)的2倍 答案A 解析對(duì)小球和物塊組成的整體分析受力,如圖甲所示,根據(jù)牛頓第二定律,水平方向有Ff=(m0+m)a,豎直方向有FN=(m0+m)g,則當(dāng)加速度增加到2a時(shí),橫桿對(duì)m0的摩擦力Ff增加到原來(lái)的2倍。橫桿對(duì)m0的彈力等于兩個(gè)物體的總重力,保持不變,故A正確,B錯(cuò)誤。以小球?yàn)檠芯繉?duì)象分析受力情況,如圖乙所示,由牛頓第二定律得mgtanθ=ma,解得tanθ=ag,當(dāng)a增加到兩倍時(shí),tanθ變?yōu)閮杀?但θ不是兩倍。細(xì)線的拉力FT=(mg)2+(ma)2,可見(jiàn),a變?yōu)閮杀逗?F

5、T不是兩倍,故C、D錯(cuò)誤。 4. 一長(zhǎng)輕質(zhì)木板置于光滑水平地面上,木板上放質(zhì)量分別為mA=1 kg和mB=2 kg的A、B兩物塊,A、B與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為μ=0.2(最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力)。水平恒力F作用在A物塊上,如圖所示(重力加速度g取10 m/s2),則(　　) A.若F=1 N,則物塊、木板都靜止不動(dòng) B.若F=1.5 N,則A物塊所受摩擦力大小為1.5 N C.若F=4 N,則B物塊所受摩擦力大小為4 N D.若F=8 N,則B物塊的加速度為1 m/s2 答案D 解析A物塊與板間的最大靜摩擦力為2N,當(dāng)F<2N時(shí),A物塊沒(méi)有與木板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),A

6、、B與板整體向左加速,選項(xiàng)A錯(cuò)誤;若F=1.5N,對(duì)A、B及輕質(zhì)木板整體有a=FmA+mB=0.5m/s2,對(duì)A物塊分析有F-Ff=mAa,解得Ff=1N,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;若F=4N,則A物塊與板發(fā)生相對(duì)滑動(dòng),B與板的最大靜摩擦力為4N,板對(duì)B物塊的靜摩擦力為2N,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;若F=8N,板對(duì)B物塊的靜摩擦力仍為2N,根據(jù)a=FfmB可得a=1m/s2,選項(xiàng)D正確。 5.(2018·天津靜海一中期末)如圖所示,在光滑水平面上有一質(zhì)量為M的斜劈,其斜面傾角為θ,一質(zhì)量為m的物體放在其光滑斜面上,現(xiàn)用一水平力F推斜劈,恰使物體m與斜劈間無(wú)相對(duì)滑動(dòng),則斜劈對(duì)物塊m的彈力大小為(　　) ①mgco

7、s θ?、趍gcosθ?、踡F(M+m)cosθ?、躮F(M+m)sinθ A.①④ B.②③ C.①③ D.②④ 答案D 解析兩者一起向左勻加速運(yùn)動(dòng),對(duì)物體進(jìn)行受力分析,如圖所示。 則根據(jù)牛頓第二定律及平衡條件可得 FNcosθ=mg FNsinθ=ma 解得FN=mgcosθ, 將兩物體看作一個(gè)整體有F=(M+m)a, 又由FNsinθ=ma解得FN=mF(M+m)sinθ, 綜上所述本題正確選項(xiàng)為D。 6. 如圖所示,一輕質(zhì)彈簧的一端系一質(zhì)量為m的小球,另一端固定在傾角為37°的光滑斜面體頂端,彈簧與斜面平行。在斜面體以大小為g的加速度水平向左做勻加速直線

8、運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中,小球始終相對(duì)于斜面靜止,已知彈簧的勁度系數(shù)為k。則該過(guò)程中彈簧的形變量為(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8)(　　) 　　　　　　　　　　　　　　　　 A.mg5k B.4mg5k C.mgk D.7mg5k 答案A 解析在斜面體以大小為g的加速度水平向左做勻加速直線運(yùn)動(dòng)時(shí),彈簧是處于伸長(zhǎng)狀態(tài)還是壓縮狀態(tài),無(wú)法直接判斷,此時(shí)可采用假設(shè)法。假設(shè)彈簧處于壓縮狀態(tài),若求得彈力F為正值,則假設(shè)正確。水平方向上由牛頓第二定律得 FNsinθ+Fcosθ=mg① 豎直方向上由受力平衡得 FNcosθ=mg+Fsinθ② ①②聯(lián)立得F=15mg。 由胡克定律得F

9、=kx,x=mg5k,故選A。 二、多項(xiàng)選擇題 7.如圖甲所示,在電梯廂內(nèi)輕繩AO、BO、CO通過(guò)連接吊著質(zhì)量為m的物體,輕繩AO、BO、CO對(duì)輕質(zhì)結(jié)點(diǎn)O的拉力分別為F1、F2、F3?，F(xiàn)電梯廂豎直向下運(yùn)動(dòng),其速度v隨時(shí)間t的變化規(guī)律如圖乙所示,重力加速度為g,則(　　) A.在0~t1時(shí)間內(nèi),F1與F2的合力等于F3 B.在0~t1時(shí)間內(nèi),F1與F2的合力大于mg C.在t1~t2時(shí)間內(nèi),F1與F2的合力小于F3 D.在t1~t2時(shí)間內(nèi),F1與F2的合力大于mg 答案AD 解析對(duì)輕質(zhì)結(jié)點(diǎn)O,因沒(méi)質(zhì)量,故其無(wú)論在何狀態(tài)下,F1、F2、F3三個(gè)力的合力都為零,即F1與F2的合力

10、與F3等大反向,選項(xiàng)A正確,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;對(duì)物體進(jìn)行受力分析,其受到豎直向下的重力mg和豎直向上的繩子的拉力F3,在0~t1時(shí)間內(nèi),電梯加速向下運(yùn)動(dòng),物體處于失重狀態(tài),則F3mg,即F1與F2的合力大于mg,選項(xiàng)D正確。 8.(2016·全國(guó)卷Ⅱ)兩實(shí)心小球甲和乙由同一種材料制成,甲球質(zhì)量大于乙球質(zhì)量。兩球在空氣中由靜止下落,假設(shè)它們運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力與球的半徑成正比,與球的速率無(wú)關(guān)。若它們下落相同的距離,則(　　) A.甲球用的時(shí)間比乙球長(zhǎng) B.甲球末速度的大小大于乙球末速度的大

11、小 C.甲球加速度的大小小于乙球加速度的大小 D.甲球克服阻力做的功大于乙球克服阻力做的功 答案BD 解析設(shè)所受阻力為Ff,根據(jù)題意Ff=kr。根據(jù)牛頓第二定律,mg-Ff=ma,a=g-krm=g-krρ·4π3r3=g-3k4πρr2,r越大,a越大,兩小球密度相同,m甲>m乙,所以r甲>r乙,故a甲>a乙,C選項(xiàng)錯(cuò)誤;物體在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t=2ha,h相同,所以t甲v乙,B選項(xiàng)正確;物體下落過(guò)程中克服阻力做功Wf=Ff·h=kr·h,所以Wf甲>Wf乙,D選項(xiàng)正確。 9.(2018·天津一中月考)如圖所示,A、B兩物塊疊

12、放在水平桌面上,已知物塊A的質(zhì)量為2 kg,物塊B的質(zhì)量為1 kg,而A與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.1,A與B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2。有選擇地對(duì)B施加水平推力F1和豎直向下的壓力F2,已知重力加速度為10 m/s2,則下列說(shuō)法正確的是(　　) A.若F1=3.6 N,F2=5 N,則A、B相對(duì)靜止一起做勻加速運(yùn)動(dòng) B.若F1=5.4 N,F2=20 N,則A、B相對(duì)靜止一起做勻加速運(yùn)動(dòng) C.若F2<10 N,無(wú)論F1多大,都不能使物塊A運(yùn)動(dòng)起來(lái) D.若F2>10 N,無(wú)論F1多大,都不能使物塊A、B發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng) 答案BC 解析若F1=3.6N,F2=5N,設(shè)A、B相對(duì)靜止一起做勻加

13、速運(yùn)動(dòng),則加速度為a=F1-μ1[F2+(mA+mB)g]mA+mB=3.6-0.1×(5+10×3)3m/s2=0.13m/s2,對(duì)物塊B由牛頓第二定律得,F1-FfAB=mBa,解得FfAB=10.73N>μ2(F2+mBg)=3N,則此時(shí)兩物體已經(jīng)相對(duì)滑動(dòng),選項(xiàng)A錯(cuò)誤;若F1=5.4N,F2=20N,假設(shè)A、B相對(duì)靜止一起做勻加速運(yùn)動(dòng),則加速度為a=F1-μ1[F2+(mA+mB)g]mA+mB=5.4-0.1×(20+10×3)3m/s2=0.43m/s2,對(duì)物塊B由牛頓第二定律得,F1-FfAB=mBa,解得FfAB=15.83N<μ2(F2+mBg)=6N,則此時(shí)兩物體相對(duì)靜止一起

14、做勻加速運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)B正確;若F2=10N,則A、B之間的最大靜摩擦力FfAB=μ2(F2+mBg)=4N,A與地面之間的最大靜摩擦力FfA地=μ1(F2+mAg+mBg)=4N,若F2<10N,則FfAB10N,則FfAB>FfA地,則F1達(dá)到一定值時(shí),可使物塊A、B發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng),選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 三、非選擇題 10. 在建筑裝修中,工人用質(zhì)量為4.0 kg 的磨石對(duì)水平地面和斜壁進(jìn)行打磨,已知磨石與水平地面、斜壁之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ相同,g取10 m/s2。 (1)當(dāng)磨石受到水平方向F1=20 N的推力打磨水平地面

15、時(shí),恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng),求動(dòng)摩擦因數(shù)μ。 (2)若用磨石對(duì)θ=37°的斜壁進(jìn)行打磨(如圖所示),當(dāng)對(duì)磨石施加豎直向上的推力F2=60 N時(shí),求磨石從靜止開(kāi)始沿斜壁向上運(yùn)動(dòng)0.8 m所需時(shí)間(斜壁足夠長(zhǎng))。(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8) 答案(1)0.5　(2)0.8 s 解析(1)磨石在水平地面上恰好做勻速直線運(yùn)動(dòng),由F1=Ff=μmg,得μ=0.5。 (2)磨石與斜壁間的正壓力FN=(F2-mg)sinθ 根據(jù)牛頓第二定律有(F2-mg)cosθ-μFN=ma,解得a=2.5m/s2。根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律x=12at2, 解得t=2xa=0.8s。 1

16、1.(2018·江西名校聯(lián)考)如圖所示,在傾角θ=37°的固定斜面上放置一質(zhì)量M=1 kg、長(zhǎng)度l=0.75 m的薄平板AB。平板的上表面光滑,其下端B與斜面底端C的距離為4 m。在平板的上端A處放一質(zhì)量m=0.6 kg的滑塊,開(kāi)始時(shí)使平板和滑塊都靜止,之后將它們無(wú)初速釋放。設(shè)平板與斜面間、滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ=0.5,通過(guò)計(jì)算判斷無(wú)初速釋放后薄平板是否立即開(kāi)始運(yùn)動(dòng),并求出滑塊由B滑至C與平板下端B到達(dá)斜面底端C的時(shí)間差Δt。(sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,g取10 m/s2) 答案無(wú)初速釋放后薄平板不會(huì)立即開(kāi)始運(yùn)動(dòng)　1 s 解析對(duì)薄板,由于Mgsin37°<μ

17、(M+m)gcos37°,故滑塊在薄板上滑動(dòng)時(shí),薄板靜止不動(dòng)。 滑塊在薄板上滑行時(shí)加速度a1=gsin37°=6m/s2, 到達(dá)B點(diǎn)時(shí)速度v=2a1l=3m/s, 滑塊由B至C時(shí)的加速度a2=gsin37°-μgcos37°=2m/s2, 設(shè)滑塊由B至C所用時(shí)間為t,則有l(wèi)BC=vt+12a2t2, 代入數(shù)據(jù)解得t=1s, 對(duì)薄板,滑塊滑離后才開(kāi)始運(yùn)動(dòng),加速度a3=gsin37°-μgcos37°=2m/s2, 設(shè)滑至C端所用時(shí)間為t',則有l(wèi)BC=12a3t'2, 代入數(shù)據(jù)解得t'=2s, 滑塊與平板下端B到達(dá)斜面底端C的時(shí)間差Δt=t'-t=1s。 12. (20

18、17·全國(guó)卷Ⅲ)如圖所示,兩個(gè)滑塊A和B的質(zhì)量分別為mA=1 kg和mB=5 kg,放在靜止于水平地面上的木板的兩端,兩者與木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ1=0.5;木板的質(zhì)量為m=4 kg,與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ2=0.1。某時(shí)刻A、B兩滑塊開(kāi)始相向滑動(dòng),初速度大小均為v0=3 m/s。A、B相遇時(shí),A與木板恰好相對(duì)靜止。設(shè)最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力,重力加速度大小g取10 m/s2。求: (1)B與木板相對(duì)靜止時(shí),木板的速度; (2)A、B開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí),兩者之間的距離。 答案(1)1 m/s　(2)1.9 m 解析(1)滑塊A和B在木板上滑動(dòng)時(shí),木板也在地面上滑動(dòng)。設(shè)A、B和木板所受的摩

19、擦力大小分別為Ff1、Ff2和Ff3,A和B相對(duì)于地面的加速度大小分別為aA和aB,木板相對(duì)于地面的加速度大小為a1。在滑塊B與木板達(dá)到共同速度前有 Ff1=μ1mAg① Ff2=μ1mBg② Ff3=μ2(m+mA+mB)g③ 由牛頓第二定律得 Ff1=mAaA④ Ff2=mBaB⑤ Ff2-Ff1-Ff3=ma1⑥ 設(shè)在t1時(shí)刻,B與木板達(dá)到共同速度,其大小為v1。由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有 v1=v0-aBt1⑦ v1=a1t1⑧ 聯(lián)立①②③④⑤⑥⑦⑧式,代入已知數(shù)據(jù)得v1=1m/s。⑨ (2)在t1時(shí)間間隔內(nèi),B相對(duì)于地面移動(dòng)的距離為sB=v0t1-12aBt12⑩ 設(shè)在

20、B與木板達(dá)到共同速度v1后,木板的加速度大小為a2。對(duì)于B與木板組成的體系,由牛頓第二定律有 Ff1+Ff3=(mB+m)a2 由①②④⑤式知,aA=aB;再由⑦⑧式知,B與木板達(dá)到共同速度時(shí),A的速度大小也為v1,但運(yùn)動(dòng)方向與木板相反。由題意知,A和B相遇時(shí),A與木板的速度相同,設(shè)其大小為v2。設(shè)A的速度大小從v1變到v2所用的時(shí)間為t2,則由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式,對(duì)木板有v2=v1-a2t2 對(duì)A有v2=-v1+aAt2 在t2時(shí)間間隔內(nèi),B(以及木板)相對(duì)地面移動(dòng)的距離為s1=v1t2-12a2t22 在(t1+t2)時(shí)間間隔內(nèi),A相對(duì)地面移動(dòng)的距離為 sA=v0(t1+t2)-12aA(t1+t2)2 A和B相遇時(shí),A與木板的速度也恰好相同。因此A和B開(kāi)始運(yùn)動(dòng)時(shí),兩者之間的距離為s0=sA+s1+sB 聯(lián)立以上各式,并代入數(shù)據(jù)得s0=1.9m。 (也可用如圖的速度—時(shí)間圖線求解)