《2019年高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí)第十二章概率、隨機(jī)變量及其分布12.6離散型隨機(jī)變量的均值與方差、正態(tài)分布學(xué)案.doc》由會(huì)員分享,可在線(xiàn)閱讀,更多相關(guān)《2019年高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí)第十二章概率、隨機(jī)變量及其分布12.6離散型隨機(jī)變量的均值與方差、正態(tài)分布學(xué)案.doc(22頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
2019年高考數(shù)學(xué)大一輪復(fù)習(xí)第十二章概率、隨機(jī)變量及其分布12.6離散型隨機(jī)變量的均值與方差、正態(tài)分布學(xué)案
最新考綱
考情考向分析
1.理解取有限個(gè)值的離散型隨機(jī)變量的均值、方差的概念.
2.借助直觀(guān)直方圖認(rèn)識(shí)正態(tài)分布曲線(xiàn)的特點(diǎn)及曲線(xiàn)所表示的意義.
3.會(huì)求簡(jiǎn)單離散型隨機(jī)變量的均值、方差,并能解決一些簡(jiǎn)單問(wèn)題.
以理解均值與方差的概念為主,經(jīng)常以頻率分布直方圖為載體,考查二項(xiàng)分布、正態(tài)分布的均值與方差.掌握均值與方差、正態(tài)分布的性質(zhì)和求法是解題關(guān)鍵.高考中常以解答題形式考查、難度為中等偏上.
X
x1
x2
…
xi
…
xn
P
p1
p2
…
pi
…
pn
(1)均值
稱(chēng)E(X)=x1p1+x2p2+…+xipi+…+xnpn為隨機(jī)變量X的均值或數(shù)學(xué)期望.它反映了離散型隨機(jī)變量取值的平均水平.
(2)方差
稱(chēng)D(X)=(xi-E(X))2pi為隨機(jī)變量X的方差,它刻畫(huà)了隨機(jī)變量X與其均值E(X)的平均偏離程度,并稱(chēng)其算術(shù)平方根為隨機(jī)變量X的標(biāo)準(zhǔn)差.
2.均值與方差的性質(zhì)
(1)E(aX+b)=aE(X)+b.
(2)D(aX+b)=a2D(X).(a,b為常數(shù))
3.兩點(diǎn)分布與二項(xiàng)分布的均值、方差
(1)若隨機(jī)變量X服從兩點(diǎn)分布,則E(X)=p,D(X)=p(1-p).
(2)若X~B(n,p),則E(X)=np,D(X)=np(1-p).
4.正態(tài)分布
(1)正態(tài)曲線(xiàn):函數(shù)φμ,σ(x)=,x∈(-∞,+∞),其中實(shí)數(shù)μ和σ為參數(shù)(σ>0,μ∈R).我們稱(chēng)函數(shù)φμ,σ(x)的圖象為正態(tài)分布密度曲線(xiàn),簡(jiǎn)稱(chēng)正態(tài)曲線(xiàn).
(2)正態(tài)曲線(xiàn)的特點(diǎn)
①曲線(xiàn)位于x軸上方,與x軸不相交;
②曲線(xiàn)是單峰的,它關(guān)于直線(xiàn)x=μ對(duì)稱(chēng);
③曲線(xiàn)在x=μ處達(dá)到峰值;
④曲線(xiàn)與x軸之間的面積為1;
⑤當(dāng)σ一定時(shí),曲線(xiàn)的位置由μ確定,曲線(xiàn)隨著μ的變化而沿x軸平移,如圖甲所示;
⑥當(dāng)μ一定時(shí),曲線(xiàn)的形狀由σ確定,σ越小,曲線(xiàn)越“瘦高”,表示總體的分布越集中;σ越大,曲線(xiàn)越“矮胖”,表示總體的分布越分散,如圖乙所示.
(3)正態(tài)分布的定義及表示
一般地,如果對(duì)于任何實(shí)數(shù)a,b(a
2c-1)=P(X2c-1)=P(X4,根據(jù)正態(tài)曲線(xiàn)的對(duì)稱(chēng)性,當(dāng)函數(shù)f(x)=x2+4x+ξ沒(méi)有零點(diǎn)的概率是時(shí),μ=4.
題型一 離散型隨機(jī)變量的均值、方差
命題點(diǎn)1 求離散型隨機(jī)變量的均值、方差
典例 某銀行規(guī)定,一張銀行卡若在一天內(nèi)出現(xiàn)3次密碼嘗試錯(cuò)誤,該銀行卡將被鎖定.小王到該銀行取錢(qián)時(shí),發(fā)現(xiàn)自己忘記了銀行卡的密碼,但可以確認(rèn)該銀行卡的正確密碼是他常用的6個(gè)密碼之一,小王決定從中不重復(fù)地隨機(jī)選擇1個(gè)進(jìn)行嘗試.若密碼正確,則結(jié)束嘗試;否則繼續(xù)嘗試,直至該銀行卡被鎖定.
(1)求當(dāng)天小王的該銀行卡被鎖定的概率;
(2)設(shè)當(dāng)天小王用該銀行卡嘗試密碼的次數(shù)為X,求X的分布列和均值.
解 (1)設(shè)“當(dāng)天小王的該銀行卡被鎖定”的事件為A,
則P(A)==.
(2)依題意得,X所有可能的取值是1,2,3.
又P(X=1)=,P(X=2)==,
P(X=3)=1=.
所以X的分布列為
X
1
2
3
P
所以E(X)=1+2+3=.
命題點(diǎn)2 已知離散型隨機(jī)變量的均值與方差,求參數(shù)值
典例 設(shè)袋子中裝有a個(gè)紅球,b個(gè)黃球,c個(gè)藍(lán)球,且規(guī)定:取出一個(gè)紅球得1分,取出一個(gè)黃球得2分,取出一個(gè)藍(lán)球得3分.
(1)當(dāng)a=3,b=2,c=1時(shí),從該袋子中任取(有放回,且每球取到的機(jī)會(huì)均等)2個(gè)球,記隨機(jī)變量ξ為取出此2球所得分?jǐn)?shù)之和,求ξ的分布列;
(2)從該袋子中任取(每球取到的機(jī)會(huì)均等)1個(gè)球,記隨機(jī)變量η為取出此球所得分?jǐn)?shù).若E(η)=,D(η)=,求a∶b∶c.
解 (1)由題意得ξ=2,3,4,5,6,
故P(ξ=2)==,P(ξ=3)==,
P(ξ=4)==,P(ξ=5)==,
P(ξ=6)==.
所以ξ的分布列為
ξ
2
3
4
5
6
P
(2)由題意知η的分布列為
η
1
2
3
P
所以E(η)=++=,
D(η)=2+2+2=,化簡(jiǎn)得
解得a=3c,b=2c,故a∶b∶c=3∶2∶1.
思維升華 離散型隨機(jī)變量的均值與方差的常見(jiàn)類(lèi)型及解題策略
(1)求離散型隨機(jī)變量的均值與方差.可依題設(shè)條件求出離散型隨機(jī)變量的分布列,然后利用均值、方差公式直接求解.
(2)由已知均值或方差求參數(shù)值.可依據(jù)條件利用均值、方差公式得出含有參數(shù)的方程(組),解方程(組)即可求出參數(shù)值.
(3)由已知條件,作出對(duì)兩種方案的判斷.可依據(jù)均值、方差的意義,對(duì)實(shí)際問(wèn)題作出判斷.
跟蹤訓(xùn)練 (xx青島一模)為迎接2022年北京冬奧會(huì),推廣滑雪運(yùn)動(dòng),某滑雪場(chǎng)開(kāi)展滑雪促銷(xiāo)活動(dòng).該滑雪場(chǎng)的收費(fèi)標(biāo)準(zhǔn)是:滑雪時(shí)間不超過(guò)1小時(shí)免費(fèi),超過(guò)1小時(shí)的部分每小時(shí)收費(fèi)標(biāo)準(zhǔn)為40元(不足1小時(shí)的部分按1小時(shí)計(jì)算).有甲、乙兩人相互獨(dú)立地來(lái)該滑雪場(chǎng)運(yùn)動(dòng),設(shè)甲、乙不超過(guò)1小時(shí)離開(kāi)的概率分別為,;1小時(shí)以上且不超過(guò)2小時(shí)離開(kāi)的概率分別為,;兩人滑雪時(shí)間都不會(huì)超過(guò)3小時(shí).
(1)求甲、乙兩人所付滑雪費(fèi)用相同的概率;
(2)設(shè)甲、乙兩人所付的滑雪費(fèi)用之和為隨機(jī)變量ξ,求ξ的分布列與均值E(ξ),方差D(ξ).
解 (1)兩人所付費(fèi)用相同,相同的費(fèi)用可能為0,40,80元,
甲、乙兩人2小時(shí)以上且不超過(guò)3小時(shí)離開(kāi)的概率分別為=,=.
兩人都付0元的概率為P1==,
兩人都付40元的概率為P2==,
兩人都付80元的概率為
P3==,
則兩人所付費(fèi)用相同的概率為
P=P1+P2+P3=++=.
(2)設(shè)甲、乙所付費(fèi)用之和為ξ,ξ的可能取值為0,40,80,120,160,則
P(ξ=0)==,
P(ξ=40)=+=,
P(ξ=80)=++=,
P(ξ=120)=+=,
P(ξ=160)==.
所以ξ的分布列為
ξ
0
40
80
120
160
P
E(ξ)=0+40+80+120+160=80.
D(ξ)=(0-80)2+(40-80)2+(80-80)2+(120-80)2+(160-80)2=.
題型二 均值與方差在決策中的應(yīng)用
典例 計(jì)劃在某水庫(kù)建一座至多安裝3臺(tái)發(fā)電機(jī)的水電站.過(guò)去50年的水文資料顯示,水庫(kù)年入流量X(年入流量:一年內(nèi)上游來(lái)水與庫(kù)區(qū)降水之和.單位:億立方米)都在40以上.其中,不足80的年份有10年,不低于80且不超過(guò)120的年份有35年,超過(guò)120的年份有5年,將年入流量在以上三段的頻率作為相應(yīng)段的概率,并假設(shè)各年的入流量相互獨(dú)立.
(1)求未來(lái)4年中,至多有1年的年入流量超過(guò)120的概率;
(2)水電站希望安裝的發(fā)電機(jī)盡可能運(yùn)行,但每年發(fā)電機(jī)最多可運(yùn)行臺(tái)數(shù)受年入流量X限制,并有如下關(guān)系:
年入流量X
40120
發(fā)電機(jī)最多可運(yùn)行臺(tái)數(shù)
1
2
3
若某臺(tái)發(fā)電機(jī)運(yùn)行,則該臺(tái)發(fā)電機(jī)年利潤(rùn)為5 000萬(wàn)元;若某臺(tái)發(fā)電機(jī)未運(yùn)行,則該臺(tái)發(fā)電機(jī)年虧損800萬(wàn)元.欲使水電站年總利潤(rùn)的均值達(dá)到最大,應(yīng)安裝發(fā)電機(jī)多少臺(tái)?
解 (1)依題意,得p1=P(40120)==0.1.
由二項(xiàng)分布可知,在未來(lái)4年中,至多有1年的年入流量超過(guò)120的概率為
p=C(1-p3)4+C(1-p3)3p3
=4+43=0.947 7.
(2)記水電站年總利潤(rùn)為Y(單位:萬(wàn)元).
①安裝1臺(tái)發(fā)電機(jī)的情形.
由于水庫(kù)年入流量總大于40,故一臺(tái)發(fā)電機(jī)運(yùn)行的概率為1,對(duì)應(yīng)的年利潤(rùn)Y=5 000,E(Y)=5 0001=5 000.
②安裝2臺(tái)發(fā)電機(jī)的情形.
依題意,當(dāng)40120時(shí),三臺(tái)發(fā)電機(jī)運(yùn)行,此時(shí)Y=5 0003=15 000,因此P(Y=15 000)=P(X>120)=p3=0.1,由此得Y的分布列如下:
Y
3 400
9 200
15 000
P
0.2
0.7
0.1
所以,E(Y)=3 4000.2+9 2000.7+15 0000.1=8 620.
綜上,欲使水電站年總利潤(rùn)的均值達(dá)到最大,應(yīng)安裝發(fā)電機(jī)2臺(tái).
思維升華 隨機(jī)變量的均值反映了隨機(jī)變量取值的平均水平,方差反映了隨機(jī)變量穩(wěn)定于均值的程度,它們從整體和全局上刻畫(huà)了隨機(jī)變量,是生產(chǎn)實(shí)際中用于方案取舍的重要理論依據(jù).一般先比較均值,若均值相同,再用方差來(lái)決定.
跟蹤訓(xùn)練 (xx貴州調(diào)研)某投資公司在xx年初準(zhǔn)備將1 000萬(wàn)元投資到“低碳”項(xiàng)目上,現(xiàn)有兩個(gè)項(xiàng)目供選擇:
項(xiàng)目一:新能源汽車(chē).據(jù)市場(chǎng)調(diào)研,投資到該項(xiàng)目上,到年底可能獲利30%,也可能虧損15%,且這兩種情況發(fā)生的概率分別為和;
項(xiàng)目二:通信設(shè)備.據(jù)市場(chǎng)調(diào)研,投資到該項(xiàng)目上,到年底可能獲利50%,可能損失30%,也可能不賠不賺,且這三種情況發(fā)生的概率分別為,和.
針對(duì)以上兩個(gè)投資項(xiàng)目,請(qǐng)你為投資公司選擇一個(gè)合理的項(xiàng)目,并說(shuō)明理由.
解 若按“項(xiàng)目一”投資,設(shè)獲利為X1萬(wàn)元,則X1的分布列為
X1
300
-150
P
∴E(X1)=300+(-150)=200.
若按“項(xiàng)目二”投資,設(shè)獲利為X2萬(wàn)元,則X2的分布列為
X2
500
-300
0
P
∴E(X2)=500+(-300)+0=200.
D(X1)=(300-200)2+(-150-200)2=35 000,
D(X2)=(500-200)2+(-300-200)2+(0-200)2=140 000.
∴E(X1)=E(X2),D(X1)2)=p,則P(02)=p,∴P(-2110)==0.2,∴該班學(xué)生數(shù)學(xué)成績(jī)?cè)?10分以上的人數(shù)為0.250=10.
14.一個(gè)不透明的盒子中關(guān)有蝴蝶、蜜蜂和蜻蜓三種昆蟲(chóng)共11只,現(xiàn)在盒子上開(kāi)一小孔,每次只能飛出1只昆蟲(chóng)(假設(shè)任意1只昆蟲(chóng)等可能地飛出).若有2只昆蟲(chóng)先后任意飛出(不考慮順序),則飛出的是蝴蝶或蜻蜓的概率是.
(1)求盒子中蜜蜂有幾只;
(2)若從盒子中先后任意飛出3只昆蟲(chóng)(不考慮順序),記飛出蜜蜂的只數(shù)為X,求隨機(jī)變量X的分布列與均值E(X).
解 (1)設(shè)“2只昆蟲(chóng)先后任意飛出,飛出的是蝴蝶或蜻蜓”為事件A,設(shè)盒子中蜜蜂為x只,則由題意,得
P(A)==,
所以(11-x)(10-x)=42,
解得x=4或x=17(舍去),
故盒子中蜜蜂有4只.
(2)由(1)知,盒子中蜜蜂有4只,則X的取值為0,1,2,3,
P(X=0)==,P(X=1)==,
P(X=2)==,
P(X=3)==.
故X的分布列為
X
0
1
2
3
P
均值E(X)=0+1+2+3=.
15.(xx黃岡調(diào)研)已知6只小白鼠中有1只感染了病毒,需要對(duì)6只小白鼠進(jìn)行病毒DNA化驗(yàn)來(lái)確定哪一只受到了感染.下面是兩種化驗(yàn)方案:方案甲:逐個(gè)化驗(yàn),直到能確定感染病毒的小白鼠為止.方案乙:將6只小白鼠分為兩組,每組三只,將其中一組的三只小白鼠的待化驗(yàn)物質(zhì)混合在一起化驗(yàn),若化驗(yàn)結(jié)果顯示含有病毒DNA,則表明感染病毒的小白鼠在這三只當(dāng)中,然后逐個(gè)化驗(yàn),直到確定感染病毒的小白鼠為止;若化驗(yàn)結(jié)果顯示不含病毒DNA,則在另外一組中逐個(gè)進(jìn)行化驗(yàn).
(1)求執(zhí)行方案乙化驗(yàn)次數(shù)恰好為2次的概率;
(2)若首次化驗(yàn)的化驗(yàn)費(fèi)為10元,第二次化驗(yàn)的化驗(yàn)費(fèi)為8元,第三次及以后每次化驗(yàn)的化驗(yàn)費(fèi)都是6元,求方案甲所需化驗(yàn)費(fèi)的分布列和均值.
解 (1)執(zhí)行方案乙化驗(yàn)次數(shù)恰好為2次的情況分兩種:
第一種,先化驗(yàn)一組,結(jié)果顯示不含病毒DNA,再?gòu)牧硪唤M中任取一只進(jìn)行化驗(yàn),其恰好含有病毒DNA,此種情況的概率為=;第二種,先化驗(yàn)一組,結(jié)果顯示含病毒DNA,再?gòu)闹兄饌€(gè)化驗(yàn),恰好第一只含有病毒,此種情況的概率為=.
所以執(zhí)行方案乙化驗(yàn)次數(shù)恰好為2次的概率為+=.
(2)設(shè)用方案甲化驗(yàn)需要的化驗(yàn)費(fèi)為η(單位:元),則η的可能取值為10,18,24,30,36.
P(η=10)=,
P(η=18)==,
P(η=24)==,
P(η=30)==,
P(η=36)==,
則化驗(yàn)費(fèi)η的分布列為
η
10
18
24
30
36
P
所以E(η)=10+18+24+30+36=(元).
16.(xx江蘇)已知一個(gè)口袋有m個(gè)白球,n個(gè)黑球(m,n∈N*,n≥2),這些球除顏色外完全相同.現(xiàn)將口袋中的球隨機(jī)的逐個(gè)取出,并放入如圖所示的編號(hào)為1,2,3,…,m+n的抽屜內(nèi),其中第k次取球放入編號(hào)為k的抽屜(k=1,2,3,…,m+n).
1
2
3
…
m+n
(1)試求編號(hào)為2的抽屜內(nèi)放的是黑球的概率p;
(2)隨機(jī)變量X表示最后一個(gè)取出的黑球所在抽屜編號(hào)的倒數(shù),E(X)是X的均值,證明:E(X)<.
(1)解 編號(hào)為2的抽屜內(nèi)放的是黑球的概率為
p==.
(2)證明 隨機(jī)變量X的分布列為
X
…
…
P
…
…
隨機(jī)變量X的均值為
E(X)==.
所以E(X)<
=
=(1+C+C+…+C)
=(C+C+C+…+C)
=(C+C+…+C)
=…=(C+C)
==,
即E(X)<.
鏈接地址:http://m.jqnhouse.com/p-2549535.html