2019-2020年高三總復(fù)習(xí)質(zhì)檢（二）物理試卷 含解析zhangsan.doc

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2019-2020年高三總復(fù)習(xí)質(zhì)檢（二）物理試卷 含解析zhangsan 一、單選題 13.某登山愛好者.將封有一定質(zhì)址理想氣體的密封軟塑料袋從氣沮為20℃的山腳帶到氣擬為10℃的山頂(假設(shè)大氣壓強不變)，密封塑料袋里的氣體 A.體積變大，分子平均動能增大 B.休積變小，分子平均動能減小 C.體積變大，分子平均動能減小 D.體積變小，分子平均動能增大 【答案】B 封有一定質(zhì)量空氣的密閉塑料袋從山底移動到山頂時，根據(jù)可知其體積減小，溫度是分子平均動能的標(biāo)志，由于山頂溫度低，因此分子平均動能小。 故選B。 【考點】熱力學(xué)第一定律；理想氣體的狀態(tài)方程 14.下列說法正確的是 A．單品體有固定的熔點，多品體和非晶體沒有固定的熔點 B．空氣的相對濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強表示 C．在太空中神舟十號飛船內(nèi)的水珠由于表面張力作用可以變成完美的球形 D．氣體如果失去了容器的約束就會散開，這是因為氣體分子之間斥力大于引力 【答案】C A．單晶體和多晶體有固定的熔點，非晶體沒有固定的熔點，故A錯誤； B、空氣的絕對濕度用空氣中所含水蒸氣的壓強表示的，故B錯誤； C．在太空中神舟十號飛船內(nèi)的水珠由于表面張力作用，水滴的表面積要最小化，可以變成完美的球形，故C正確； D．氣體失去容器的約束就會散開，這是因為分子都在不停地做無規(guī)則熱運動，故D錯誤. 故選C。 【考點】晶體和非晶體；相對濕度 15、甲、乙兩車同時由同一地點沿同一方向運動，它們的位移x一時間t圖像如圖所示.甲車圖像為過坐標(biāo)原點的傾斜直線.乙車圖像為頂點在坐標(biāo)原點的拋物線.則下列說法正確的是 A.甲、乙之間的距離先增大、后減小.然后再增大 B. O-t1時間段內(nèi)，乙的平均速度大于甲的平均速度 C．O-t1時間段內(nèi).甲做直線運動.乙做曲線運動 D.t1時刻甲、乙兩車相距離最遠 【答案】A A、甲、乙之間的距離等于位移之差，即等于縱坐標(biāo)之差，由圖象可知兩者距離先越來越大，后越來越小，在t1時間兩者距離為零，然后又增大，故A正確； B、在t1時間內(nèi)兩物體位移相同，所用時間也相同，所以平均速度大小相等，故B錯誤； C、0-t1時間段內(nèi)，位移-時間圖象斜率表示速度，乙圖線的切線斜率不斷增大，而且乙圖線是拋物線，有s=kt2，則知乙車做勻加速直線運動；甲的位移隨時間均勻變化，斜率不變，說明速度不變，做勻速直線運動，故B錯誤； D、t1時刻甲、乙兩車位移相等，到達同一位置，表示相遇，故D錯誤。 故選A。 【考點】勻變速直線運動的圖像；平均速度；勻變速直線運動的位移與時間的關(guān)系 16.如圖所示.質(zhì)足為:0峪的物塊A拴在彈簧一端，彈贊的另一端固定在小車上。小車靜止不動時，彈簧對物塊的拉力大小為5N,若小車以加速度a=1m/s2沿水平地面向右作加速運動時： A.物塊A受到的摩擦力變大 B.物塊A受到的摩擦力方向改變 C物塊A受到車廂的彈力將增大 D.物塊A相對小車仍靜止 【答案】D 質(zhì)量為1.0kg的物塊A拴在彈簧一端，彈簧的另一端固定在小車上，小車靜止不動時，彈簧對物塊的拉力大小為5N，知物塊所受的靜摩擦力為5N，當(dāng)小車以加速度a=1m/s2沿水平地面向右作加速運動時，小車所受的合力為1N； 因為彈簧開始處于拉伸，則物塊仍然與小車保持相對靜止，靜摩擦力為4N，方向水平向左，即靜摩擦力的方向未改變，大小減小，彈簧的彈力不變，故D正確。 故選D。 【考點】牛頓第二定律 二、雙選題 17.下列說法正確的是（ ） A．天然放射現(xiàn)象揭示了原子核內(nèi)部有復(fù)雜的結(jié)構(gòu) B．波爾的量子理論，成功解釋了氫原子的發(fā)光現(xiàn)象 C．平均結(jié)合能越小表示原子核中的核子結(jié)合的越牢固 D．當(dāng)原子的核外電子具有較高能量時，將發(fā)生β衰變 【答案】AB A、天然放射現(xiàn)象揭示了原子核內(nèi)部有復(fù)雜結(jié)構(gòu)，故A正確； B、波爾的量子理論，成功解釋了氫原子的發(fā)光現(xiàn)象，故B正確； C、平均結(jié)合能越小表示原子核中的核子結(jié)合得越不牢固，故C錯誤； D、當(dāng)原子的核外電子具有較高能量時，將會向低能級躍遷，釋放光子，故D錯誤。 故選AB。 【考點】原子核衰變及半衰期、衰變速度；玻爾模型和氫原子的能級結(jié)構(gòu)；原子核的結(jié)合能 18.如圖所示.理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比為3:2,電池和交變電源的電動勢都為9V，內(nèi)阻均不計。下列說法正確的是 A. S與a接通的瞬間.R中無感應(yīng)電流 B.S與a接通穩(wěn)定后.R兩端的電壓為0 C. S與b接通穩(wěn)定后.R兩端的電壓為6V D. S與b接通穩(wěn)定后，原、副線圈中電流之比為3:2 【答案】BC A、在S與a接通的瞬間，由于電流由零突然變大，所以線圈中的磁通量會發(fā)生變化，副線圈中的R會有感應(yīng)電流，故A錯誤； B、在S與a接通穩(wěn)定后，電路中的電流穩(wěn)定，磁通量不會發(fā)生變化，所以副線圈中不會有感應(yīng)電流產(chǎn)生，電阻R兩端的電壓為0，故B正確； C、在S與b接通穩(wěn)定后，由于b是交流電源，根據(jù)電壓與匝數(shù)成正比可知，副線圈的電壓為3V，故C正確； D、變壓器不會改變交流電源的頻率，所以原、副線圈中電流的頻率是相同的，故D錯誤。 故選BC。 【考點】變壓器的構(gòu)造和原理 19我國發(fā)射的神九飛船經(jīng)過變軌，在距“天宮一號”后下方52公里處的圓形軌道上做勻速圓周運動，如圖所示，以下說法正確的 A.要完成對接任務(wù).神九飛船需要點火加速 B.要完成對接任務(wù)，神九飛船需要制動減速 C.“天宮一號”內(nèi)的實驗儀器不受引力作用 D.對接完成后“天宮一號”的速度小于第一宇宙速度 【答案】AD AB、神舟九號飛船點火加速，向心力大于萬有引力，飛船做離心運動，軌道半徑變大，可以到達天宮一號的軌道和天宮一號對接，故A正確B錯誤； C、天宮一號及內(nèi)部的實驗儀器都要受到地球的引力，引力完全提供向心力，處于完全失重狀態(tài)，故C錯誤； D、萬有引力提供向心力，得，軌道半徑越小，速度越大，軌道半徑越大，速度越小，當(dāng)軌道半徑最小等于地球半徑時，速度最大為第一宇宙速度，故對接完成后，“天宮一號”的速度小于第一宇宙速度，故D正確。 故選AD。 【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系 20.如圖是回旋加速器的原理示意圖，其核心部分是兩個半徑為R的D型金屬盒?，F(xiàn)將它們接在電壓為U,周期為T的交流電源上，位于D,團心處的質(zhì)子源A能不斷產(chǎn)生質(zhì)子(初速度可以忽略).它們在兩盒之間被電場加速.當(dāng)質(zhì)子被加速到最大動能Ek后，再將它們引出。忽略質(zhì)子在電場中的運動時間，則下列說法中正確的是 A.帶電粒子的運動周期是變化的 B.若只增大交變電壓U.則質(zhì)子在回旋加速器中運行時間會變短 C.若只增大金屬盒的半徑R，則質(zhì)子射出時的動能不變 D.若用此回旋加速器加速。拉子，必須改變交變電壓的周期或磁感應(yīng)強度 【答案】BD A、根據(jù)，回旋加速器粒子在磁場中運動的周期和高頻交流電的周期相等，是不變化的，故A錯誤； B、電壓增大，不影響粒子在磁場中運動的周期，但是減少了在磁場中做圓周運動的次數(shù)，所以總時間減少了，故B正確； C、當(dāng)粒子從D形盒中出來時速度最大，根據(jù)，得，與半徑成正比，故C錯誤； D、根據(jù)，知質(zhì)子換成α粒子，比荷發(fā)生變化，則在磁場中運動的周期發(fā)生變化，回旋加速器粒子在磁場中運動的周期和高頻交流電的周期相等，故需要改變磁感應(yīng)強度或交流電的周期，故D正確。 故選BD。 【考點】質(zhì)譜儀和回旋加速器的工作原理 21.在光滑的絕緣水平面上，兩個帶等量正電的點電荷，固定在圖中P、Q兩點，MN為PQ連線的中垂線上的兩點，交PQ于0點，且MO二NO。一電子。從M點自由釋放，粒子將沿著MN連線做往復(fù)運動。取無限遠處的電勢為零，則粒子從盆M點運動到N點的過程中 A.先作勻加速運動，后作勻減速運動由 B.先從高電勢到低電勢，后從低電勢到高電勢P C.電勢能與動能之和不變 D.電勢能先減小，后增大 【答案】CD A、兩等量正電荷周圍部分電場線如上圖所示，其中P、Q連線的中垂線MN上，從無窮遠到O過程中電場強度先增大后減小，且方向由O點始終指向無窮遠方向．故電子所受的電場力是變化的，從M點運動到N點的過程中做非勻變速直線運動，故A錯誤； B、根據(jù)順著電場線電勢降低可知，電勢先升高后降低，即先從低電勢到高電勢，后從高電勢到低電勢，故B錯誤； C、電子只有兩種形式的能：電勢能與動能，根據(jù)能量守恒定律可知電勢能與動能之和保持不變，故C正確； D、粒子從M點運動到N點的過程中，電場力先做正功，后做負(fù)功，電子的電勢能先減小后增大，故D正確。 故選CD。 【考點】電勢能；電勢 34（1）(8分)某實驗小組利用拉力傳感器探究“動能定理”。實驗裝置如圖所示.在滑塊上安裝一遮光條，把滑塊放在水平氣墊軌上，并通過定滑輪的細(xì)繩與鉤碼相連.分別在A、B處各安裝一個光電計時器?，F(xiàn)測得滑塊(含遮光條和拉力傳感器)總質(zhì)量為M、鉤碼總質(zhì)量為m,遮光條寬度為d,當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣葹間。將滑塊在圖示A位置的左側(cè)任意位置靜止釋放后，光電計時器記錄下遮光條通過光電門A、B的時間為分別為t1和t2. ①實驗中還需要測量的物理量是________(用文字及相應(yīng)的符號表示)，對應(yīng)所需測的量的物理量還應(yīng)補充的器材是___________。 ②已知拉力傳感器受到的拉力為F.則本實驗中探究動能定理的表達式為:___ __(用以上對應(yīng)物理量的符號表示)。 ③下列必要的實驗要求是_____(請?zhí)顚戇x項前對應(yīng)的字母)。 A要調(diào)節(jié)氣墊導(dǎo)軌水平 B要保證小車(含遮光條和拉力傳感器)的質(zhì)量M遠大于所掛鉤碼的質(zhì)量m. G要保持細(xì)線方向與水平面平行 D.要使氣墊導(dǎo)軌與水平面成一角度平衡小車受到的摩擦力 【答案】①光電門A至光電門B中心之間的距離L；刻度尺 ② ③AC ①本實驗要測量拉力做的功，故要測量光電門A至光電門B中心之間的距離L，需要刻度尺測量； ②由于遮光條的寬度很小，通過光電門的時間也很短，故遮光條通過光電門的平均速度可以表示瞬時速度，則通過A點的速度，B點的速度， 拉力做功 動能的增加量為 故本實驗中探究動能定理的表達式為； ③A、應(yīng)將氣墊導(dǎo)軌調(diào)節(jié)水平，使拉力才等于合力，故A正確； B、拉力是直接通過傳感器測量的，故與小車質(zhì)量和鉤碼質(zhì)量大小關(guān)系無關(guān)，故B錯誤； C、要保持拉線方向與木板平面平行，拉力才等于合力，故C正確； D、本實驗用了氣墊導(dǎo)軌，摩擦力幾乎沒有，不需要平衡摩擦力，故D錯誤； 故選AC。 【考點】探究功與速度變化的關(guān)系 (2)(10分)如圖甲是“用伏安法測位金屬絲電阻率”的實驗電路圖。 ①螺旋測微器測得金屬絲直徑d如圖丙所示，可讀出d=___________mm 。 ②請根據(jù)實驗要求和提供的器材，參考實驗電路圖甲，完成上面實物電路圖乙中未連接的導(dǎo)線。 ③閉合電鍵，調(diào)節(jié)P的位置，讀出aP的長度為x時對應(yīng)的電壓表和電流表的示數(shù)分別為U、I，金屬絲的直徑d.利用這些物理云可得到金屬絲電阻率ρ=__________。 ④將圖乙中的I導(dǎo)線一端從電流表的“0. 6A”接線柱改接于電流表的“一”接線柱上，可以測量電源的電動勢和內(nèi)阻。閉合電鍵，調(diào)節(jié)P的位置，讀出多組電壓表和電流表的示數(shù).把實驗得到的數(shù)據(jù)繪成如圖丁所示的U一I圖像，得出電源的電動勢E=________V（保留三位效數(shù)字);若R0=2.01 ,則電源的內(nèi)阻r=______Ω。 【答案】① 0.395 ②如右圖所示 ③ ④ 2.80；1.0 ①由圖示螺旋測微器可知，螺旋測微器示數(shù)為0mm+39.50.01mm=0.395mm； ②根據(jù)電路圖連接實物電路圖，實物電路圖如圖所示； ③電阻，由電阻定律可知，電阻率； ④由圖示圖象可知，電源電動勢，圖象斜率的絕對值， ，則。 【考點】測定金屬的電阻率 35.(I8分)如圖所示，有一帶光滑弧形軌道、質(zhì)量為M=3.0壇的小車，靜止在水平面0點左 側(cè)，軌道下端的切線方向水平,O點的左側(cè)光滑。現(xiàn)有一質(zhì)員m=1.0kg的物塊(可視為質(zhì)點)，與O點右側(cè)動摩擦因數(shù)μ=0.2，在F=6.ON的水平推力作用下，從距0點2m的A點由靜止開始向左運動，到O點時撤去推力，物塊滑上弧形軌道，(重力加速度g=l0m/s2)。求： (1)物塊在AO段浴動過程中的加速度大小和撤去推力瞬間時推力的瞬時功率; (2)若小車的高度H=0.7m,通過計算分析物塊能否滑過小車的最高點; (3)物塊最終滑回地面后，求小車和物塊的速度。 【答案】 不能 （1）在OA段由牛頓第二定律得 地 到O點時，由得 推力的瞬時功率： （2）設(shè)物塊與小車到達共同速度v/時上升的最大高度為h， 水平方向動量守恒得： 由系統(tǒng)機械能守恒： 解得：不能越過最高點 （3）物塊回到地面與小車分離，選取水平向左為正方向， 設(shè)小車與物塊的最終速度分別為V和u 水平方向動量守恒得： 由系統(tǒng)機械能守恒得： 解得：，，負(fù)號表示方向向右 【考點】牛頓第二定律；動量守恒定律；機械能守恒定律 36. (18分)一邊長為L的正方形單匝金屬線框，質(zhì)量為m。電阻為R，從寬度為2L,磁感應(yīng)強度為B，方向垂直向里的有界磁場上方2L處自由下落,ad邊進人和離開磁場時速度恰好相等.求： （1）線框進人磁場瞬間，a,d兩點的電勢差U，并指明a,d兩點電勢的高低; （2）線框經(jīng)過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱及bc邊離開磁場瞬間線框的速度大小; （3）定性畫出線框從開始下落到離開磁場全過程的V一t圖線大概示意圖。 【答案】 如解析圖 （1）線框從靜止開始自由下落 由機械能守恒得： ad邊進入磁場切割磁感線，電動勢： 由全電路歐姆定律得：, 解得： 電流方向由a到d，所以 （2）由ad邊進入磁場到ad邊離開磁場，速度不變 由能量守恒知，焦耳熱等于重力做功： 線框離開磁場產(chǎn)生的熱與進入磁場相等 所以線框穿過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱： 當(dāng)bc邊離開磁場時，整個過程由功能關(guān)系得 解得： （3）圖象如圖所示。 【考點】法拉第電磁感應(yīng)定律；自由落體運動；機械能守恒定律 梅州市高三總復(fù)習(xí)質(zhì)檢試卷（xx.5） 理科綜合（物理）參考答案 一、二、選擇題（46分） 題號 13 14 15 16 17 18 19 20 21 答案 B C A D AB BC AD BD CD 三、非選擇題（54分） 34． (1) （8分） ①光電門A至光電門B中心之間的距離L(2分) ；刻度尺(2分) ②(2分) ③AC(2分) (2) （10分）① 0.395 (0.392～0.398均正確) (2分) ② 如右圖所示 (2分) ③(2分) ④ 2.80 (2.78～2.82均正確) (2分)；1.0 (0.97～1.03均正確) (2分) 35．（18分）解：（1）在OA段由牛頓第二定律得…………1分 ……………1分 到O點時，由得……………2分 推力的瞬時功率：……………2分 （2）設(shè)物塊與小車到達共同速度v/時上升的最大高度為h， 水平方向動量守恒得：……………2分 由系統(tǒng)機械能守恒：……………2分 解得：不能越過最高點……………2分 （3）物塊回到地面與小車分離，選取水平向左為正方向，設(shè)小車與物塊的最終速度分別為V和u 水平方向動量守恒得： ……………2分 由系統(tǒng)機械能守恒得：…………2分 解得：……………1分 ……………1分 負(fù)號表示方向向右 36．（18分）解：（1）線框從靜止開始自由下落 由機械能守恒得：…………2分 ad邊進入磁場切割磁感線，電動勢： …………1分 由全電路歐姆定律得：, …………1分 解得： …………1分 電流方向由a到d， …………1分 （2）由ad邊進入磁場到ad邊離開磁場，速度不變 由能量守恒知，焦耳熱等于重力做功：…………3分 線框離開磁場產(chǎn)生的熱與進入磁場相等 所以線框穿過磁場過程中產(chǎn)生的焦耳熱：………1分 當(dāng)bc邊離開磁場時，整個過程由功能關(guān)系得 …………3分 解得： ………1分 （3）圖象如圖所示。 運動說明：線框開始做自由落體運動，ad邊進入磁場后先做加速度減小的減速運動后可能做勻速運動，線框全部進入磁場后又做勻加速運動，ad邊離開磁場時先做加速度減小的減速運動后可能做勻速運動，全部離開磁場后做勻加速運動。 評分說明：只要求畫出v-t圖線的大概示意圖。畫出三段勻加速（2分）和兩段變減速（含勻速）（2分）。