2019高考物理大二輪復(fù)習(xí) 綜合能力訓(xùn)練1

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1、2019高考物理大二輪復(fù)習(xí) 綜合能力訓(xùn)練1 綜合能力訓(xùn)練(一)(時(shí)間:60分鐘　滿分:110分)第Ⅰ卷一、選擇題(本題共8小題,每小題6分,共48分。 在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中,第1~5題只有一項(xiàng)符合題目要求,第6~8題有多項(xiàng)符合題目要求。 全部選對(duì)的得6分,選對(duì)但不全的得3分,有選錯(cuò)的得0分)1.在物理學(xué)的研究及應(yīng)用過(guò)程中涉及諸多的思想方法,如理想化、模型化、放大、假說(shuō)、極限思想、控制變量、猜想、假設(shè)、類比、比值法等。 下列關(guān)于所用思想方法的敘述不正確的是(　　)A.在不需要考慮物體本身的大小和形狀時(shí),用質(zhì)點(diǎn)來(lái)代替物體的方法是假設(shè)法B.速度的定義式v=,采用的是比值法;當(dāng)

2、Δt非常非常小時(shí),就可以表示物體在t時(shí)刻的瞬時(shí)速度,該定義應(yīng)用了極限思想C.在探究電阻、電壓和電流三者之間的關(guān)系時(shí),先保持電壓不變研究電流與電阻的關(guān)系,再保持電阻不變研究電流與電壓的關(guān)系,該實(shí)驗(yàn)應(yīng)用了控制變量法D.下圖是三個(gè)實(shí)驗(yàn)裝置,這三個(gè)實(shí)驗(yàn)都體現(xiàn)了放大的思想2.下列說(shuō)法不正確的是(　　)A.β射線與γ射線一樣都是電磁波,但β射線的穿透本領(lǐng)遠(yuǎn)比γ射線弱B.玻爾將量子觀念引入原子領(lǐng)域,其理論能夠解釋氫原子光譜的特征C.氫原子的核外電子由離原子核較遠(yuǎn)的軌道躍遷到離核較近的軌道上時(shí)氫原子的能量減少DU衰變成Pb要經(jīng)過(guò)6次β衰變和8次α衰變3.如圖所示,內(nèi)壁光滑質(zhì)量為m的管形圓軌道,豎直放置在光滑水

3、平地面上,恰好處在兩固定光滑擋板M、N之間,圓軌道半徑為R。 質(zhì)量為m的小球能在管內(nèi)運(yùn)動(dòng),小球可視為質(zhì)點(diǎn),管的內(nèi)徑忽略不計(jì)。 當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到軌道最高點(diǎn)時(shí),圓軌道對(duì)地面的壓力剛好為零。 下列判斷正確的是(　　)A.圓軌道對(duì)地面的最大壓力大小為8mgB.圓軌道對(duì)擋板M、N的壓力總為零C.小球運(yùn)動(dòng)的最小速度為D.小球離擋板N最近時(shí),圓軌道對(duì)擋板N的壓力大小為5mg4.星球上的物體脫離星球引力所需的最小速度稱為第二宇宙速度。 星球的第二宇宙速度v2與第一宇宙速度v1的關(guān)系是v2=v1。 已知某星球的半徑為r,表面的重力加速度為地球表面重力加速度g的,不計(jì)其他星球的影響,則該

4、星球的第二宇宙速度為(　　)A.B.C.D.gr5.如圖所示,理想變壓器的原、副線圈匝數(shù)比為1∶5,原線圈兩端的交流電壓u=20sin100πtV。 氖泡在兩端電壓達(dá)到100V時(shí)開始發(fā)光。 下列說(shuō)法正確的有(　　)A.開關(guān)閉合后,氖泡的發(fā)光頻率為50HzB.開關(guān)閉合后,電壓表的示數(shù)為100VC.開關(guān)斷開后,電壓表的示數(shù)變大D.開關(guān)斷開后,變壓器的輸出功率不變6.(2018河北石家莊質(zhì)檢)如圖所示,等腰直角三角形abc區(qū)域內(nèi)存在方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B,直角邊bc的長(zhǎng)度為l。 三個(gè)相同的帶正電粒子從b點(diǎn)沿bc方向分別以速率v1、v2、v3射入磁場(chǎng),在磁場(chǎng)中

5、運(yùn)動(dòng)的時(shí)間分別為t1、t2、t3,且t1∶t2∶t3=3∶3∶2。 不計(jì)粒子的重力及粒子間的相互作用,下列說(shuō)法正確的是(　　)A.粒子的速率關(guān)系一定是v1=v2<v3B.粒子的速率可能是v2<v1<v3C.粒子的比荷D.粒子的比荷7.如圖所示,輕質(zhì)彈簧一端固定,另一端與一質(zhì)量為m、套在粗糙豎直固定桿A處的圓環(huán)相連,彈簧水平且處于原長(zhǎng)。 圓環(huán)從A處由靜止開始下滑,經(jīng)過(guò)B處的速度最大,到達(dá)C處的速度為零,AC=h。 圓環(huán)在C處獲得一豎直向上的速度v,恰好能回到A。 彈簧始終在彈性限度內(nèi),重力加速度為g。 則圓環(huán)(　　)A.下滑過(guò)程中,加速度一直減小B

6、.下滑過(guò)程中,克服摩擦力做的功為mv2C.在C處,彈簧的彈性勢(shì)能為mv2-mghD.上滑經(jīng)過(guò)B的速度大于下滑經(jīng)過(guò)B的速度8.(2016浙江理綜)如圖所示,把A、B兩個(gè)相同的導(dǎo)電小球分別用長(zhǎng)為0.10m的絕緣細(xì)線懸掛于OA和OB兩點(diǎn)。 用絲綢摩擦過(guò)的玻璃棒與A球接觸,棒移開后將懸點(diǎn)OB移到OA點(diǎn)固定。 兩球接觸后分開,平衡時(shí)距離為0.12m。 已測(cè)得每個(gè)小球質(zhì)量是8.010-4kg,帶電小球可視為點(diǎn)電荷,重力加速度g取10m/s2,靜電力常量k=9.0109Nm2/C2,則(　　)A.兩球所帶電荷量相等B.A球所受的靜電力為1.010-2NC.B球所帶的電荷量為410-8CD.

7、A、B兩球連線中點(diǎn)處的電場(chǎng)強(qiáng)度為0第Ⅱ卷二、非選擇題(包括必考題和選考題兩部分。 第9~12題為必考題,每個(gè)試題考生都必須作答。 第13~14題為選考題,考生根據(jù)要求作答)(一)必考題(共47分)9.(6分)探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示。 (1)補(bǔ)償小車運(yùn)動(dòng)時(shí)受到的阻力的方法:　;(2)測(cè)出盤和砝碼的總重力,近似等于小車運(yùn)動(dòng)時(shí)所受拉力需要滿足條件:　;(3)我們根據(jù)日常經(jīng)驗(yàn)和觀察到的事實(shí)首先猜物體的加速度與受到的力及它的質(zhì)量最簡(jiǎn)單的關(guān)系有哪些:　。 10.(9分)某同學(xué)要通過(guò)實(shí)驗(yàn)描繪一個(gè)規(guī)格為“3V　0.25A”的LED燈的伏安特性曲線。 實(shí)驗(yàn)室提

8、供的器材有:A.電流表A1(量程為0~0.6A,內(nèi)阻約為10Ω)B.電流表A2(量程為0~250mA,內(nèi)阻約為5Ω)C.滑動(dòng)變阻器R1(“20Ω　1A”)D.滑動(dòng)變阻器R2(“200Ω　0.3A”)E.電壓表V(量程為0~3V,內(nèi)阻RV約為3kΩ)F.開關(guān)S一只G.蓄電池E(電動(dòng)勢(shì)為4V,內(nèi)阻很小)H.導(dǎo)線若干(1)要完成實(shí)驗(yàn),除蓄電池、電壓表、開關(guān)、導(dǎo)線若干外,還需選擇的器材有　　　　(填寫器材前的字母編號(hào))。 (2)在圖中他已經(jīng)連接了一部分電路,請(qǐng)你用筆畫線代替導(dǎo)線將電路連線補(bǔ)充完整。 (3)為了得到伏安特性曲線,他以電壓表的讀數(shù)U為橫軸,以電流表的讀數(shù)I為縱軸,將實(shí)驗(yàn)中得到的

9、多組數(shù)據(jù)進(jìn)行了描點(diǎn),如圖所示,請(qǐng)你幫他完成I-U圖象。 (4)如果將此燈連入如圖所示電路,其中電源電動(dòng)勢(shì)為3V,電源內(nèi)阻與保護(hù)電阻R0的總阻值為5Ω,定值電阻R的阻值為10Ω。 開關(guān)S閉合后,通過(guò)小燈泡的電流是　　　　A(保留兩位有效數(shù)字)。 11.(12分)如圖所示,在傾角θ=37的粗糙斜面上距離斜面底端x=1m處有一質(zhì)量m=1kg的物塊,受到豎直向下的恒力F=30N,由靜止開始沿斜面下滑。 到達(dá)底端時(shí)即撤去恒力F,然后在水平面上滑動(dòng)一段距離后停止。 不計(jì)物塊撞擊水平面時(shí)的能量損失,物塊與各接觸面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)相同,g取10m/s2。 (1)若物塊運(yùn)動(dòng)過(guò)

10、程中最大速度為4m/s,物塊與各接觸面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ為多少?(2)若僅改變豎直恒力F的大小,可使物塊總的運(yùn)動(dòng)時(shí)間有一最小值,最小值為多少?此時(shí)物塊在水平面上運(yùn)動(dòng)的位移為多少?(sin37=0.6,cos37=0.8)12.(20分)如圖所示,在正方形ACDF區(qū)域內(nèi),對(duì)角線CF以上的區(qū)域存在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場(chǎng),對(duì)角線CF以下的區(qū)域存在平行于DF方向的勻強(qiáng)電場(chǎng),正方形邊長(zhǎng)為l。 一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電粒子(重力不計(jì))以初速度v0從A點(diǎn)沿AC方向進(jìn)入磁場(chǎng),在對(duì)角線CF的中點(diǎn)P處進(jìn)入電場(chǎng),并從DF邊上離開電場(chǎng),求:(1)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小和方向;(2)電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小;(3)

11、帶電粒子從DF邊離開時(shí)的最大速度。 (二)選考題(共15分。 請(qǐng)考生從給出的2道物理題中任選一題作答。 如果多做,則按所做的第一題計(jì)分)13.(15分)【物理——選修3-3】(1)(5分)下列說(shuō)法正確的是　　　　。 (填正確答案標(biāo)號(hào),選對(duì)1個(gè)得2分,選對(duì)2個(gè)得4分,選對(duì)3個(gè)得5分。 每選錯(cuò)1個(gè)扣3分,最低得分為0分)A.液晶具有流動(dòng)性,光學(xué)性質(zhì)為各向異性B.氣體擴(kuò)散現(xiàn)象表明氣體分子間存在斥力C.熱量總是自發(fā)地從分子平均動(dòng)能大的物體傳遞到分子平均動(dòng)能小的物體D.機(jī)械能不可能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,內(nèi)能也無(wú)法全部用來(lái)做功以轉(zhuǎn)化成機(jī)械能E.液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間

12、距離,所以液體表面存在表面張力(2)(10分)如圖所示,用活塞在汽缸內(nèi)封閉一定質(zhì)量理想氣體,活塞與汽缸壁間摩擦忽略不計(jì),活塞的質(zhì)量m1=0.5kg,開始時(shí)活塞距汽缸底高度h1=0.40m,氣體的溫度t1=27℃。 現(xiàn)給汽缸緩慢加熱,使活塞緩慢升到距離汽缸底h2=0.80m處,此過(guò)程中缸內(nèi)氣體吸收Q=450J的熱量。 已知活塞橫截面積S=5.010-3m2,大氣壓強(qiáng)p0=1.0105Pa,g取10m/s2。 求:①活塞距離汽缸底h2時(shí)的溫度t2;②此過(guò)程中缸內(nèi)氣體增加的內(nèi)能ΔU。 14.(15分)【物理——選修3-4】(1)(5分)一列簡(jiǎn)諧橫波沿x軸傳播。 在x=1

13、2m處的質(zhì)點(diǎn)a的振動(dòng)圖線如圖甲所示,在x=18m處的質(zhì)點(diǎn)b的振動(dòng)圖線如圖乙所示。 下列判斷正確的是　　　　。 (填正確答案標(biāo)號(hào))A.質(zhì)點(diǎn)a在波谷時(shí),質(zhì)點(diǎn)b一定在平衡位置向y軸正方向振動(dòng)B.若波沿+x方向傳播,則這列波的最大傳播速度為3m/sC.若波沿-x方向傳播,則這列波的最大波長(zhǎng)為24mD.若波的傳播速度為0.2m/s,則這列波沿+x方向傳播E.若波的傳播速度為1m/s,則這列波沿-x方向傳播(2)(10分)如圖所示,在坐標(biāo)系的第一象限內(nèi)有一橫截面為四分之一圓周的柱狀玻璃體OPQ,OP=OQ=R,一束單色光垂直O(jiān)P面射入玻璃體,在OP面上的入射點(diǎn)為A,OA=,此單色光通過(guò)玻璃體后

14、沿BD方向射出,且與x軸交于D點(diǎn)。 該玻璃的折射率n=。 求:①OD間的距離xOD;②如果一束該平行單色光垂直O(jiān)P面射入,能從表面PQ射出的光束在OP面上離O點(diǎn)的最遠(yuǎn)距離。 答案：1.A　解析質(zhì)點(diǎn)是用來(lái)代替物體的所有質(zhì)量的點(diǎn),采用的科學(xué)方法為理想化物理模型的方法,故選項(xiàng)A不正確。 2.A3.A　解析當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最高點(diǎn)時(shí),圓軌道對(duì)地面的壓力為零,可知小球?qū)A軌道的彈力大小等于圓軌道的重力,根據(jù)牛頓第二定律得,mg+FN1=m,FN1=mg,解得在最高點(diǎn)的速度v1=,小球運(yùn)動(dòng)到軌道最低點(diǎn),根據(jù)動(dòng)能定理得,mg2R=,根據(jù)牛頓第二定律得,FN2-mg=m,再根據(jù)牛頓第三定律,

15、聯(lián)立解得小球?qū)壍赖淖畲髩毫N2=7mg,則圓軌道對(duì)地面的最大壓力為8mg,故A正確。 因?yàn)樾∏蛟诠饣墓苄诬壍纼?nèi)運(yùn)動(dòng),完成圓周運(yùn)動(dòng)的最小速度可以是0,C錯(cuò)誤。 在小球運(yùn)動(dòng)到離擋板N最近時(shí),小球需要向左的向心力,由擋板N的彈力提供,所以小球?qū)醢錗、N的壓力不為零,故B錯(cuò)誤。 根據(jù)動(dòng)能定理得,mgR=,根據(jù)牛頓第二定律得,FN3=m,聯(lián)立解得FN3=4mg,則圓軌道對(duì)擋板N的壓力為4mg,故D錯(cuò)誤。 選A。 4.C　解析根據(jù)m,在該星球上的第一宇宙速度v1=,因此第二宇宙速度v2=v1=,因此選項(xiàng)C正確,選項(xiàng)A、B、D錯(cuò)誤。 5.B　解析交流電壓的頻率為f

16、==50Hz,一個(gè)周期內(nèi)電壓兩次大于100V,即一個(gè)周期內(nèi)氖泡能兩次發(fā)光,所以其發(fā)光頻率為100Hz,所以選項(xiàng)A錯(cuò)誤;由交流電壓的瞬時(shí)值表達(dá)式知,原線圈兩端電壓的有效值為U1=20V,得副線圈兩端的電壓為U2=100V,電壓表的示數(shù)為交變電流的有效值,所以選項(xiàng)B正確;開關(guān)斷開前后,輸入電壓不變,變壓器的變壓比不變,故輸出電壓不變,所以選項(xiàng)C錯(cuò)誤;開關(guān)斷開后,電路消耗的功率減小,輸出功率決定輸入功率,所以選項(xiàng)D錯(cuò)誤。 6.BD　解析根據(jù)題設(shè)條件,三個(gè)相同的帶電粒子從b點(diǎn)沿bc方向以不同速度進(jìn)入三角形磁場(chǎng)區(qū)域,粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律得qvB=m,解得r

17、=,粒子軌道半徑與速度成正比,又因?yàn)槿齻€(gè)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間之比為t1∶t2∶t3=3∶3∶2,顯然它們?cè)诖艌?chǎng)中的偏轉(zhuǎn)角度之比為3∶3∶2。 即粒子1、2打在ab上,而粒子3打在ac上,軌跡如圖所示。 粒子1、2打在ab上,而粒子3打在ac上,粒子3的速度比1、2的速度大,無(wú)法確定粒子1、2的速度關(guān)系,1、2兩粒子的速度既可能相等也可能不相等,故A錯(cuò)誤,B正確;對(duì)速度為v2的粒子,其偏轉(zhuǎn)角度為90,粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t2=T=,則,故C錯(cuò)誤;對(duì)速度為v3的粒子偏轉(zhuǎn)60,運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,由幾何關(guān)系知r3tan30+r3tan30cos60=l,解得r3=,粒子在磁場(chǎng)中做勻速圓

18、周運(yùn)動(dòng)洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律得qv3B=m,解得r3=,故D正確。 7.BD　解析下滑過(guò)程中,圓環(huán)先加速然后減速,其加速度開始時(shí)豎直向下(大小逐漸減小),然后改為豎直向上(其大小逐漸增大),選項(xiàng)A錯(cuò)誤;設(shè)下滑過(guò)程克服摩擦力做功為Wf,則上滑過(guò)程克服摩擦力做功也為Wf,對(duì)下滑過(guò)程由動(dòng)能定理有mgh-Wf-W彈=0,對(duì)上滑過(guò)程由動(dòng)能定理有W彈-mgh-Wf=0-mv2,聯(lián)立以上兩式得Wf=mv2,E彈C=W彈=mgh-mv2,可知選項(xiàng)B正確,C錯(cuò)誤;設(shè)環(huán)下滑時(shí)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)速度為v1,對(duì)環(huán)由A至B的過(guò)程有mghAB-Wf-W彈=-0,設(shè)環(huán)上滑時(shí)經(jīng)過(guò)B點(diǎn)時(shí)速度為v2,對(duì)環(huán)由B至A的過(guò)程

19、有-Wf-mghAB+W彈=0-,比較以上兩式易知v2>v1,選項(xiàng)D正確。 8.ACD　解析根據(jù)電荷量均分原理知,兩小球電荷量相同,A選項(xiàng)正確;兩小球接觸后再分開后的位置如圖所示,已知=0.10m,=0.12m,根據(jù)幾何知識(shí)可知θ=37。 對(duì)A進(jìn)行受力分析如圖所示,將A受到的庫(kù)侖力和重力合成后合力沿OAA的延長(zhǎng)線,可得Fq=mgtanθ=610-3N,B選項(xiàng)錯(cuò)誤;根據(jù)庫(kù)侖定律Fq=,可得q=,其中l(wèi)=0.12m,代入數(shù)據(jù)得q=410-8C,C選項(xiàng)正確;A、B帶的電荷量相等且同種性質(zhì),所以連線中點(diǎn)處電場(chǎng)強(qiáng)度為零,D選項(xiàng)正確。 9.答案(1)調(diào)節(jié)木板的傾斜度,使小車在不受牽

20、引時(shí)能拖動(dòng)紙帶沿木板勻速運(yùn)動(dòng)(2)盤和砝碼的總質(zhì)量要比小車的質(zhì)量小很多(3)加速度正比于外力或加速度正比于質(zhì)量的倒數(shù)解析(1)在不受牽引時(shí),抬高木板的右端使小車的重力沿木板的分力等于滑動(dòng)摩擦力,即m0gsinθ=μm0gcosθ;(2)嚴(yán)格分析整體加速度mg=(m+m0)a,隔離小車為研究對(duì)象FT=m0a=m0,如果滿足條件m遠(yuǎn)遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量m0,拉力近似等于盤和砝碼的總重力;(3)加速度正比于外力或加速度正比于質(zhì)量的倒數(shù)。 10.答案(1)BC　(2)如圖甲所示　(3)如圖乙所示　(4)0.18甲乙解析(1)用電流表測(cè)量時(shí)要保證指針有較大的偏角,滑動(dòng)變阻器作為分壓器使用,阻值宜小,允

21、許通過(guò)的最大電流值宜大,故選B、C。 (2)選用分壓式外接電路,將實(shí)物圖連接。 (3)用平滑曲線將各點(diǎn)連接如答案圖。 (4)設(shè)燈兩端電壓為U,電流為I,則由閉合電路歐姆定律可知E=U++I(r+R0);代入數(shù)據(jù)化簡(jiǎn)可知3V=U+5ΩI,即U=2V-ΩI,看成等效電源與燈連接,作出過(guò)(2V,0)和(1V,0.3A)的圖象如圖所示:兩圖的交點(diǎn)即為燈的工作點(diǎn);則由圖可知,電流為0.18A。 11.答案(1)0.5　(2)s　1m解析(1)物塊到達(dá)斜面底端時(shí)速度最大,根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式v2=2ax①代入數(shù)據(jù)得a=8m/s2②對(duì)斜面上物塊受力分析知(mg+F)sinθ-μ(mg+F)

22、cosθ=ma③代入數(shù)據(jù),解得μ=0.5。 ④(2)設(shè)斜面上物塊加速度為a1,運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t1,在水平面上運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t2,則x=a1⑤到達(dá)底端時(shí)速度為v1==μgt2⑥則總時(shí)間為t=t1+t2=⑦根據(jù)基本不等式,當(dāng)a1=μg=5m/s2時(shí),t有最小值tmin=s⑧物塊在水平面上運(yùn)動(dòng)的位移為x0由=2μgx0⑨解得x0=1m。 ⑩12.答案(1),垂直于紙面向外　(2)E≤　(3)v0,方向見(jiàn)解析解析(1)帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,由幾何關(guān)系知帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的半徑R=①帶電粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的洛倫茲力提供向心力qv0B=②B=③方向垂直于紙面向外。 ④(2)由幾何關(guān)系知

23、,帶電粒子從P點(diǎn)進(jìn)入電場(chǎng)時(shí)的速度方向與CF的夾角θ=45,平行CD方向進(jìn)入電場(chǎng),帶電粒子恰從D點(diǎn)或F點(diǎn)離開電場(chǎng)時(shí),電場(chǎng)強(qiáng)度E最大。 ⑤平行CD方向t=⑥平行FD方向　qEm=ma⑦上述各式聯(lián)立解得Em=⑧當(dāng)E≤時(shí),帶電粒子從DF邊離開電場(chǎng)。 ⑨(3)當(dāng)電場(chǎng)強(qiáng)度最大,帶電粒子從D或F點(diǎn)離開電場(chǎng)時(shí),速度最大。 ⑩由動(dòng)能定理得vm=v0最大速度與CD邊的夾角為cosβ=β=arccos。 13.答案(1)ACE　(2)①327℃?、?48J解析(1)液晶具有流動(dòng)性,但液晶的光學(xué)性質(zhì)為各向異性,故選項(xiàng)A正確;氣體擴(kuò)散現(xiàn)象表明氣體分子在做永不停息的無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng),故選項(xiàng)B錯(cuò)誤;根據(jù)熱

24、力學(xué)第二定律,熱量能自發(fā)地從高溫物體傳遞到低溫物體,故選項(xiàng)C正確;根據(jù)熱力學(xué)第二定律,機(jī)械能可以全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能,但內(nèi)能不能全部用來(lái)做功而轉(zhuǎn)化成機(jī)械能,而不產(chǎn)生其他的影響,故選項(xiàng)D錯(cuò)誤;液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離,所以液體表面存在表面張力,故選項(xiàng)E正確。 (2)①氣體做等壓變化,活塞距離汽缸底h2時(shí)溫度為t2,則根據(jù)氣態(tài)方程可得T2=t2+273K解得t2=327℃。 ②在氣體膨脹的過(guò)程中,氣體對(duì)外做功為W0=(p0S+m1g)(h2-h1)=202J根據(jù)熱力學(xué)第一定律可得氣體內(nèi)能的變化為ΔU=W+Q=-W0+Q=-202J+450J=248J。 14.答案(1)ACD　(2)①R?、赗解析(1)由圖可知,波的周期為T=8s,A對(duì);若波向+x傳播,波向右平移,得n+λ=ab=6m,v右=,B錯(cuò),D對(duì);若波向-x傳播,波向左平移,得n+λ=ab=6m,v左=,C對(duì),E錯(cuò)。 (2)①在PQ面上的入射角為θ1,由幾何關(guān)系知sinθ1=,故θ1=30①根據(jù)折射定律n=②所以θ2=60③由幾何關(guān)系得xOD=R。 ④②臨界角sinC=⑤從OP面射入玻璃體的光,在PQ面的入射角等于臨界角時(shí),剛好發(fā)生全反射而不能從PQ面直接射出。 設(shè)光在OP面的入射點(diǎn)為M,在PQ面的入射點(diǎn)為N⑥OM=ONsinC=R。 ⑦