2019高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第11章 計(jì)數(shù)原理和概率 第3課時(shí) 二項(xiàng)式定理練習(xí) 理.doc
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第3課時(shí) 二項(xiàng)式定理 1.(2017衡水中學(xué)調(diào)研卷)若(-)n的展開(kāi)式中第四項(xiàng)為常數(shù)項(xiàng),則n=( ) A.4 B.5 C.6 D.7 答案 B 解析 依題意,T4=Cn3(-)3x-1,∵其展開(kāi)式中第四項(xiàng)為常數(shù)項(xiàng),∴-1=0,∴n=5.故選B. 2.(2017長(zhǎng)沙一模)(x2-)6的展開(kāi)式中( ) A.不含x9項(xiàng) B.含x4項(xiàng) C.含x2項(xiàng) D.不含x項(xiàng) 答案 D 解析 Tr+1=(-1)rC6rx12-2rx-r=(-1)rC6rx12-3r,故x的次數(shù)為12,9,6,3,0,-3,-6.選D. 3.在(x+1)(2x+1)…(nx+1)(n∈N*)的展開(kāi)式中一次項(xiàng)系數(shù)為( ) A.Cn2 B.Cn+12 C.Cnn-1 D.Cn+13 答案 B 解析 1+2+3+…+n==Cn+12. 4.(1-)4(1+)4的展開(kāi)式中x的系數(shù)是( ) A.-4 B.-3 C.3 D.4 答案 A 解析 原式=(1-)4(1+)4=(1-x)4,于是x的系數(shù)是C41(-1)=-4. 5.(x2-x+1)10展開(kāi)式中x3項(xiàng)的系數(shù)為( ) A.-210 B.210 C.30 D.-30 答案 A 解析 (x2-x+1)10=[x2-(x-1)]10=C100(x2)10-C101(x2)9(x-1)+…-C109x2(x-1)9+C1010(x-1)10,所以含x3項(xiàng)的系數(shù)為-C109C98+C1010(-C107)=-210,故選A. 6.(2018杭州學(xué)軍中學(xué))二項(xiàng)式(ax+)6的展開(kāi)式的第二項(xiàng)的系數(shù)為-,則x2dx的值為( ) A. B.3 C.3或 D.3或- 答案 A 解析 二項(xiàng)展開(kāi)式的第二項(xiàng)為T(mén)2=C61(ax)5,則由題意有C61a5=-,解得a=-1,所以x2dx=x3-2=--(-)=. 7.(2017山東師大附中月考)設(shè)復(fù)數(shù)x=(i為虛數(shù)單位),則C2 0171x+C2 0172x2+C2 0173x3+…+C2 0172 017x2 017=( ) A.i B.-i C.-1+i D.1+i 答案 C 解析 x==-1+i,C2 0171x+C2 0172x2+…+C2 0172 017x2 017=(1+x)2 017-1=i2 017-1=i-1,故選C. 8.(2018湖北宜昌一中模擬)二項(xiàng)式(-x)n的展開(kāi)式中含有x2項(xiàng),則n可能的取值是( ) A.5 B.6 C.7 D.8 答案 D 解析 展開(kāi)式的通項(xiàng)為T(mén)k+1=Cnk()n-k(-x)k=(-1)kCnkx-n,由-n=2,得n=-2.k=4時(shí),n=8,選D. 9.若(x+)(2x-)5的展開(kāi)式中各項(xiàng)系數(shù)的和為2,則該展開(kāi)式的常數(shù)項(xiàng)為( ) A.-40 B.-20 C.20 D.40 答案 D 解析 令x=1,得(1+a)(2-1)5=2,∴a=1. ∴(2x-)5的通項(xiàng)為T(mén)r+1=C5r(2x)5-r(-)r=(-1)r25-rC5rx5-2r. 令5-2r=1,得r=2.令5-2r=-1,得r=3. ∴展開(kāi)式的常數(shù)項(xiàng)為(-1)223C52+(-1)322C53=80-40=40. 10.(2017湖北四校聯(lián)考)(+4x2+4)3展開(kāi)式的常數(shù)項(xiàng)為( ) A.120 B.160 C.200 D.240 答案 B 解析 (+4x2+4)3=(+2x)6,展開(kāi)式的通項(xiàng)為T(mén)r+1=C6r()6-r(2x)r=C6r2rx2r-6,令2r-6=0,可得r=3,故展開(kāi)式的常數(shù)項(xiàng)為160. 另解:展開(kāi)式的常數(shù)項(xiàng)為:43+C314C214=64+96=160. 11.(2018廣東普寧一中期末)若(x6+)n的展開(kāi)式中含有常數(shù)項(xiàng),則n的最小值等于( ) A.3 B.4 C.5 D.6 答案 C 解析 (x6+)n展開(kāi)式的通項(xiàng)為Cnr(x6)n-r(x-)r=Cnrx6n-r,r=0,1,2,…,n,則依題設(shè),由6n-r=0,得n=r,∴n的最小值等于5. 12.若(x-1)4=a0+a1x+a2x2+a3x3+a4x4,則a0+a2+a4的值為( ) A.9 B.8 C.7 D.6 答案 B 解析 (x-1)4=1+C41x(-1)3+C42x2(-1)2+C43x3(-1)+x4=a0+a1x+a2x2+a3x3+a4x4, ∴a0=1,a2=C42=6,a4=1. ∴a0+a2+a4=8. 13.(2018西安五校聯(lián)考)從(+)20的展開(kāi)式中任取一項(xiàng),則取到有理項(xiàng)的概率為( ) A. B. C. D. 答案 B 解析 (+)20的展開(kāi)式的通項(xiàng)為T(mén)k+1=C20k()20-k()k=C20kx5-k,其中k=0,1,2,…,20. 而當(dāng)k=0,4,8,12,16,20時(shí),5-k為整數(shù),對(duì)應(yīng)的項(xiàng)為有理項(xiàng), 所以從(+)20的展開(kāi)式中任取一項(xiàng), 則取到有理項(xiàng)的概率為P==. 14.(2017衡水中學(xué)調(diào)研卷)設(shè)a,b,m為整數(shù)(m>0),若a和b被m除得的余數(shù)相同,則稱(chēng)a和b對(duì)模m同余,記為a≡b(modm).若a=C200+C2012+C20222+…+C2020220,a≡b(mod10),則b的值可以是( ) A.2 018 B.2 019 C.2 020 D.2 021 答案 D 解析 a=C200+C2012+C20222+…+C2020220=(1+2)20=320=(80+1)5,它被10除所得余數(shù)為1,又a≡b(mod10),所以b的值可以是2 021. 15.(2018廣東湛江調(diào)研)若(2x-1)2 018=a0+a1x+a2x2+…+a2 018x2 018(x∈R),記S2 018= ,則S2 018的值為_(kāi)_______. 答案?。? 解析 令x=0,則a0=1.令x=,則(2-1)2 018=a0+++…+=1+ =0,∴S2018= =-1. 16.(x+2)10(x2-1)的展開(kāi)式中x10的系數(shù)為_(kāi)_______. 答案 179 解析 (x+2)10(x2-1)=x2(x+2)10-(x+2)10, 本題求x10的系數(shù),只要求(x+2)10展開(kāi)式中x8及x10的系數(shù)Tr+1=C10rx10-r 2r. 取r=2,r=0得x8的系數(shù)為C10222=180, x10的系數(shù)為C100=1, ∴所求系數(shù)為180-1=179. 17.在(ax-1)6的二項(xiàng)展開(kāi)式中,若中間項(xiàng)的系數(shù)是160,則實(shí)數(shù)a=________. 答案?。? 解析 ∵在(ax-1)6的二項(xiàng)展開(kāi)式中共有7項(xiàng),展開(kāi)式的中間項(xiàng)為第4項(xiàng),此時(shí)T4=C63(ax)3(-1)3,∴中間項(xiàng)的系數(shù)為-a3C63=-20a3=160,∴a=-2. 18.若(x-)8的展開(kāi)式中常數(shù)項(xiàng)為1 120,則展開(kāi)式中各項(xiàng)系數(shù)之和為_(kāi)_______. 答案 1 解析 (x-)8的展開(kāi)式的通項(xiàng)為T(mén)r+1=C8rx8-r(-a2)rx-r=C8r(-a2)rx8-2r,令8-2r=0,解得r=4,所以C84(-a2)4=1 120,所以a2=2,故(x-)8=(x-)8.令x=1,得展開(kāi)式中各項(xiàng)系數(shù)之和為(1-2)8=1. 19.設(shè)函數(shù)f(x,n)=(1+x)n(n∈N*). (1)求f(x,6)的展開(kāi)式中系數(shù)最大的項(xiàng); (2)若f(i,n)=32i(i為虛數(shù)單位),求Cn1-Cn3+Cn5-Cn7+Cn9. 答案 (1)20x3 (2)32 解析 (1)展開(kāi)式中系數(shù)最大的項(xiàng)是第4項(xiàng)T4=C63x3=20x3. (2)由已知(1+i)n=32i,兩邊取模,得()n=32,所以n=10. 所以Cn1-Cn3+Cn5-Cn7+Cn9=C101-C103+C105-C107+C109,而(1+i)10=C100+C101i+C102i2+…+C109i9+C1010i10=(C100-C102+C104-C106+C108-C1010)+(C101-C103+C105-C107+C109)i=32i,所以C101-C103+C105-C107+C109=32. 1.(2018四川綿陽(yáng)模擬)在(-)8的展開(kāi)式中,常數(shù)項(xiàng)是( ) A.-28 B.-7 C.7 D.28 答案 C 解析 ∵展開(kāi)式的通項(xiàng)Tr+1=C8r()8-r(-x-)r=C8r()8-r(-1)rx8-r,當(dāng)8-r=0時(shí),r=6,∴常數(shù)項(xiàng)是C86()2(-1)6=7. 2.(2017保定模擬)(-2x2)5的展開(kāi)式中常數(shù)項(xiàng)是( ) A.5 B.-5 C.10 D.-10 答案 D 解析 常數(shù)項(xiàng)為C51()4(-2x2)=-10. 3.(2015湖南,理)已知(-)5的展開(kāi)式中含x的項(xiàng)的系數(shù)為30,則a=( ) A. B.- C.6 D.-6 答案 D 解析 由二項(xiàng)展開(kāi)式的通項(xiàng)可得 Tr+1=C5r()5-r(-)r=(-a)rC5rx-=(-a)rC5rx-r,令-r=,得r=1,所以(-a)rC5r=(-a)C51=30,則a=-6,故選D. 4.(2018四川成都七中月考)化簡(jiǎn)2n-Cn12n-1+Cn22n-2+…+(-1)n-1Cnn-12=( ) A.1 B.(-1)n C.1+(-1)n D.1-(-1)n 答案 D 解析 2n-Cn12n-1+Cn22n-2+…+(-1)n-1Cnn-12=Cn02n(-1)0-Cn12n-1+Cn22n-2+…+(-1)n-1Cnn-12+(-1)nCnn20-(-1)nCnn20=(2-1)n-(-1)n=1-(-1)n. 5.已知(xcosθ+1)5的展開(kāi)式中x2的系數(shù)與(x+)4的展開(kāi)式中x3的系數(shù)相等,且θ∈(0,π),則θ=( ) A. B.或 C. D.或 答案 B 解析 由二項(xiàng)式定理知(xcosθ+1)5的展開(kāi)式中x2的系數(shù)為C53cos2θ,(x+)4的展開(kāi)式中x3的系數(shù)為C41,所以C53cos2θ=C41,解得cos2θ=,解得cosθ=,又θ∈(0,π),所以θ=或,故選B. 6.已知(1+ax)(1+x)5的展開(kāi)式中x2的系數(shù)為5,則a=( ) A.-4 B.-3 C.-2 D.-1 答案 D 解析 方法一:(1+x)5的展開(kāi)式的通項(xiàng)為T(mén)r+1=C5rxr(0≤r≤5,r∈Z),則(1+ax)(1+x)5的展開(kāi)式中含x2的項(xiàng)為C52x2+axC51x=(10+5a)x2,所以10+5a=5,解得a=-1.故選D. 方法二:(1+ax)(1+x)5是6個(gè)因式之積,所以展開(kāi)式中x2的系數(shù)為C52+aC51=10+5a,所以10+5a=5,解得a=-1.故選D. 7.已知(3x-1)n=a0+a1x+a2x2+…+anxn(n∈N*),設(shè)(3x-1)n的展開(kāi)式的二項(xiàng)式系數(shù)之和為Sn,Tn=a1+a2+…+an(n∈N*),則( ) A.Sn>Tn B.Sn- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來(lái)的問(wèn)題本站不予受理。
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