《2015屆高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 基礎(chǔ)知識(shí)名師講義 第六章 第六節(jié)直接證明與間接證明 文》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2015屆高考數(shù)學(xué)總復(fù)習(xí) 基礎(chǔ)知識(shí)名師講義 第六章 第六節(jié)直接證明與間接證明 文(7頁(yè)珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
1、
第六節(jié) 直接證明與間接證明
1.了解直接證明的兩種基本方法——分析法和綜合法,了解分析法和綜合法的思考過(guò)程、特點(diǎn).
2.了解間接證明的一種基本方法——反證法,了解反證法的思考過(guò)程、特點(diǎn).
知識(shí)梳理
一、直接證明
1.綜合法:從題設(shè)的已知條件出發(fā),運(yùn)用一系列有關(guān)已確定真實(shí)的命題作為推理的依據(jù),逐步推演而得到要證明的結(jié)論,這種證明方法叫做綜合法.綜合法的推理方向是由已知到求證,表現(xiàn)為由因索果,綜合法的解題步驟用符號(hào)表示是:P0(已知)?P1?P2?…?Pn(結(jié)論).
特點(diǎn):由因?qū)Ч?,因此綜合法又叫順推法.
2.分析法:分析法的推理方向是由結(jié)論到題設(shè),論證中步步尋求
2、使其成立的充分條件,如此逐步歸結(jié)到已知的條件和已經(jīng)成立的事實(shí),從而使命題得證,表現(xiàn)為執(zhí)果索因,分析法的證題步驟用符號(hào)表示為B(結(jié)論)?B1?B2?…?Bn?A(已知).
特點(diǎn):執(zhí)果索因,因此分析法又叫逆推法或執(zhí)果索因法.
二、間接證明
假設(shè)原命題的結(jié)論不成立,經(jīng)過(guò)正確的推理,最后得出矛盾,因此說(shuō)明假設(shè)錯(cuò)誤,從而證明了原命題成立.這樣的證明方法叫反證法.反證法是一種間接證明的方法.
1.反證法的解題步驟:否定結(jié)論—推演過(guò)程中引出矛盾—肯定結(jié)論.
2.反證法的理論依據(jù)是:原命題為真,則它的逆否命題為真,在直接證明有困難時(shí),就可以轉(zhuǎn)化為證明它的逆否命題成立.
3.反證法證明一個(gè)命題常采用
3、以下步驟:
(1)假定原命題的結(jié)論不成立;
(2)進(jìn)行推理,在推理中出現(xiàn)下列情況之一:與已知條件矛盾;與公理或定理矛盾;
(3)由于上述矛盾的出現(xiàn),可以斷言,原來(lái)的假定“結(jié)論不成立”是錯(cuò)誤的;
(4)肯定原來(lái)命題的結(jié)論是正確的.
即“反設(shè)—?dú)w謬—結(jié)論”.
4.一般情況下,有如下幾種情況的證明題目常常采用反證法:
1 / 7
第一,問題共有n種情況,現(xiàn)要證明其中的1種情況成立時(shí),可以想到用反證法把其他的n-1種情況都排除,從而肯定這種情況成立;
第二,命題是以否定命題的形式敘述的;
第三,命題用“至少”、“至多”的字樣敘述的;
第四,當(dāng)命題成立非常明顯,而要直接證明所用
4、的理論太少,且不容易說(shuō)明,而其逆命題又是非常容易證明的.
基礎(chǔ)自測(cè)
1.設(shè)t=a+2b,s=a+b2+1,則下列關(guān)于t和s的大小關(guān)系中正確的是( )
A.t>s B.t≥s
C.t<s D.t≤s
解析:因?yàn)閟-t=a+b2+1-a-2b=(b-1)2≥0,所以s≥t.
答案:D
2.實(shí)數(shù)a、b、c不全為0是指( )
A.a(chǎn)、b、c均不為0
B.a(chǎn)、b、c中至少有一個(gè)為0
C.a(chǎn)、b、c至多有一個(gè)為0
D.a(chǎn)、b、c至少有一個(gè)不為0
解析:不全為“0”并不是“全不為0”,而是“至少有一個(gè)不為0”.故選D.
答案:D
3.(
5、2012·廣東六校聯(lián)考)定義運(yùn)算法則如下:ab=a+b,a b=lg a2-lg b.若M=2,N= ,則M+N=__________.
解析:由定義運(yùn)算法則可知,
M=2=+=+=4,
N=?=lg()2-lg=lg 2+lg 5=1,
∴M+N=5.
答案:5
4.(2013·保定模擬)若P=+,Q=+,a≥0,則P、Q的大小關(guān)系是________.
解析:分析法,要證P<Q,需證P2<Q2即可.
答案:P<Q
1.如圖所示,在四面體PABC中,PC⊥AB,PA⊥BC,點(diǎn)D,E,F(xiàn),G分別是棱
6、AP,AC,BC,PB的中點(diǎn).
(1)求證:DE∥平面BCP;
(2)求證:四邊形DEFG為矩形.
證明:(1)因?yàn)镈,E分別為AP,AC的中點(diǎn),
所以DE∥PC.又因?yàn)镈E?平面BCP,
所以DE∥平面BCP.
(2)因?yàn)镈,E,F(xiàn),G分別為AP,AC,BC,PB的中點(diǎn),
所以DE∥PC∥FG,DG∥AB∥EF.
所以四邊形DEFG為平行四邊形,
又因?yàn)镻C⊥AB,
所以DE⊥DG,
所以四邊形DEFG為矩形.
2.(2013·江蘇卷)已知向量a=(cos α,sin α),b=(cosβ,sinβ),0<β<α<π.
7、
(1)若|a-b|=,求證:a⊥b;
(2)設(shè)c=(0,1),若a+b=c,求α,β的值.
(1)證明:由|a-b|=,即(cos α-cos β)2+(sin α-sin β)2=2,整理得cos αcos β+sin αsin β=0,
即a·b=0,因此a⊥b.
(2)解析:由已知條件
又0<β<α<π,
cosβ=-cos α=cos(π-α),則β=π-α,
sin α+sin(π-α)=1,
所以sin α=,得α=或α=.
當(dāng)α=時(shí),β=(舍去).
當(dāng)α=時(shí),β=.
1.(2013·惠州第三次調(diào)研)如圖所示
8、,在棱長(zhǎng)為2的正方體ABCD-A1B1C1D1中,E、F分別為DD1、DB的中點(diǎn).
(1)求證:EF∥平面ABC1D1;
(2)求證:EF⊥B1C;
(3)求三棱錐VB1-EFC的體積.
(1) 證明:連接BD1,如圖,在△DD1B中,E、F分別為D1D,DB的中點(diǎn),則
?EF//平面ABC1D1.
(2)證明:?
?
?EF⊥B1C.
(3)解析:因?yàn)镃F⊥平面BDD1B1,
∴CF⊥平面EFB1且CF=BF=,
因?yàn)镋F=BD1=,
B1F==,
B1E===3.
所以EF2+B1F2=B1E2即∠EFB1=90°,
所以VB1-
9、EFC=VC-B1EF=
·S△B1EF·CF=××EF×B1F×CF=
××××=1.
2.設(shè)數(shù)列是公差為d的等差數(shù)列,其前n項(xiàng)和為Sn.
(1)已知a1=1,d=2,
①求當(dāng)n∈N*時(shí),的最小值;
②當(dāng)n∈N*時(shí),求證:++…+<.
(2)是否存在實(shí)數(shù)a1,使得對(duì)任意正整數(shù)n,關(guān)于m的不等式am≥n的最小正整數(shù)解為3n-2?若存在,則求a1的取值范圍;若不存在,則說(shuō)明理由.
(1)解析:①∵a1=1,d=2,
∴Sn=na1+=n2,=n+≥2=16,
10、
當(dāng)且僅當(dāng)n=,即n=8時(shí),上式取等號(hào).
故的最小值是16.
②證明:由①知Sn=n2,
當(dāng)n∈N*時(shí),==-,
則++…+=-++…+-=-++…++=,
∵+>0,
∴++…+<+=.
(2)對(duì)?n∈N*,關(guān)于m的不等式am=a1+(m-1)d≥n的最小正整數(shù)解為cn=3n-2,
當(dāng)n=1時(shí),a1+(c1-1)d=a1≥1;
當(dāng)n≥2時(shí),恒有
即
從而?d=,1≤a1<.
當(dāng)d=,1≤a1<時(shí),對(duì)?n∈N*且n≥2時(shí),當(dāng)正整數(shù)m<cn時(shí),有a1+<n.
所以存在這樣的實(shí)數(shù)a1,且a1的取值范圍是.
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