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1、北師大版2019-2020學年數學精品資料
習題課(2)
一、選擇題
1.若A(1,-2,3),B(2,5,6)在直線l上,則直線l的一個方向向量為( )
A.(1,-2,3) B.(2,5,6)
C.(1,7,3) D.(-1,-7,3)
解析:∵=(1,7,3),
又與平行的非零向量都可作為l的方向向量,
∴(1,7,3)=可作為l的方向向量.
答案:C
2.已知=(2,2,1),=(4,5,3),則平面ABC的一個單位法向量為( )
A.(-,-,-) B.(-,,-)
C.(-,,) D.(,,)
解析:設平面ABC的法向量為n=(x,y,z)
2、,則有
取x=1,則y=-2,z=2.
所以n=(1,-2,2).因為|n|=3,
所以平面ABC的一個單位法向量可以是
(-,,-).
答案:B
3.已知平面α內有一個點A(2,-1,2),α的一個法向量為n=(3,1,2),則下列點P中,在平面α內的是( )
A.(1,-1,1) B.(1,3,)
C.(1,-3,) D.(-1,3,-)
解析:∵n為α的一個法向量,∴n=0,把P點依次代入滿足上式即可.
答案:B
4.如圖所示,在正方體ABCD-A1B1C1D1中,M,N,P分別是棱CC1,BC,A1B1上的點,若∠B1MN=90,則∠PMN的大小是( )
3、
A.等于90 B.小于90
C.大于90 D.不確定
解析:∵A1B1⊥平面BCC1B1,∴A1B1⊥MN,
∵=(+)
=+=0,
∴MP⊥MN,即∠PMN=90.
答案:A
5.[2014遼寧大連一模]長方體ABCD-A1B1C1D1中,AB=AA1=2,AD=1,E為CC1的中點,則異面直線BC1與AE所成角的余弦值為( )
A. B.
C. D.
解析:建立坐標系如圖,則A(1,0,0),E(0,2,1),B(1,2,0),C1(0,2,2).
=(-1,0,2),=(-1,2,1),
cos〈,〉==.
所以異面直線BC1與AE所成角的余弦值為.
4、
答案:B
6.如右圖所示 ,已知點P為菱形ABCD外一點,且PA⊥面ABCD,PA=AD=AC,點F為PC中點,則二面角C-BF-D的正切值為( )
A. B.
C. D.
解析:如右圖所示,連接BD,AC∩BD=O,連接OF.以O為原點,OB、OC、OF所在直線分別為x,y,z軸建立空間直角坐標系O-xyz.設PA=AD=AC=1,則BD=.所以B,F,
C,D.
結合圖形可知,=且為面BOF的一個法向量,
由=,=,
可求得面BCF的一個法向量n=(1,,).
所以cos〈n,〉=,sin〈n,〉=,
所以tan〈n,〉=.
答案:D
二、填空題
7.若
5、A(0,2,),B(1,-1,),C(-2,1,)是平面α內的三點,設平面α的法向量a=(x,y,z),則x∶y∶z=________.
解析:=(1,-3,-),
=(-2,-1,-),由
得解得
則x∶y∶z=y(tǒng)∶y∶(-y)=2∶3∶(-4).
答案:2∶3∶(-4)
8.在正方體ABCD-A1B1C1D1中,直線BC1與平面A1BD所成角的余弦值是__________.
解析:建立如右圖所示的空間直角坐標系,
設棱長為1,則B(1,1,0),C1(0,1,1),A1(1,0,1),D(0,0,0),=(-1,0,1),=(-1,0,-1),=(-1,-1,0),設平
6、面A1BD的一個法向量為n=(1,x,y),設平面A1BD與BC1所成的角為θ,n⊥,n⊥,
所以n=0,n=0,
所以解得
所以n=(1,-1,-1),
則cos〈,n〉==-,
所以sinθ=,
所以cosθ==.
答案:
9.平面α的法向量為(1,0,-1),平面β的法向量為(0,-1,1),則平面α與平面β所成二面角的大小為__________.
解析:設n1=(1,0,-1),n2=(0,-1,1),
則cos〈n1,n2〉=
=-,
∴〈n1,n2〉=.因平面α與平面β所成的角與〈n1,n2〉相等或互補,所以α與β所成的角為或.
答案:或
三、解答題
7、
10.在四棱錐P-ABCD中,四邊形ABCD是正方形,棱PD垂直于底面ABCD,PD=DC,E是PC的中點,EF⊥PB于點F.
(1)證明:PA∥平面EDB;
(2)證明:PB⊥平面EFD.
證明:如右圖所示建立空間直角坐標系,D是坐標原點,設DC=a.
(1)連接AC,AC交BD于G,
連接EG,依題意得D(0,0,0),A(a,0,0),P(0,0,a),E(0,,).
因為四邊形ABCD是正方形,
所以G是此正方形的中心,
故點G的坐標為(,,0),
所以=(,0,-),
又=(a,0,-a),所以=2,
這表明PA∥EG.
而EG?平面EDB,且PA?平面ED
8、B,
所以PA∥平面EDB.
(2)依題意得B(a,a,0),
=(a,a,-a),=(0,,),
所以=0+-=0,
所以PB⊥DE.
由已知EF⊥PB,且EF∩DE=E,
所以PB⊥平面EFD.
11.在如圖所示的幾何體中,四邊形ABCD是等腰梯形,AB∥CD,∠DAB=60,FC⊥平面ABCD,AE⊥BD,CB=CD=CF.
(1)求證:BD⊥平面AED;
(2)求二面角F-BD-C的余弦值.
解:(1)因為四邊形ABCD是等腰梯形,AB∥CD,∠DAB=60,所以∠ADC=∠BCD=120.
又CB=CD,所以∠CDB=30,
因此∠ADB=90,AD⊥BD,
9、
又AE⊥BD,
且AE∩AD=A,AE,AD?平面AED.
所以BD⊥平面AED.
(2)連接AC,由(1)知AD⊥BD,所以AC⊥BC.又FC⊥平面ABCD,因此CA,CB,CF兩兩垂直,
以C為坐標原點,分別以CA,CB,CF所在的直線為x軸,y軸,z軸,建立如圖所示的空間直角坐標系,不妨設CB=1,
則C(0,0,0),B(0,1,0),D(,-,0),F(0,0,1),
因此=(,-,0),=(0,-1,1).
設平面BDF的一個法向量為m=(x,y,z),
則m=0,m=0,
所以x=y(tǒng)=z,
取z=1,則m=(,1,1).
由于=(0,0,1)是平面B
10、DC的一個法向量,
則cos〈m,〉===,
所以二面角F-BD-C的余弦值為.
12. [2013浙江高考]如圖,在四面體A-BCD中,AD⊥平面BCD,BC⊥CD,AD=2,BD=2.M是AD的中點,P是BM的中點,點Q在線段AC上,且AQ=3QC.
(1)證明:PQ∥平面BCD;
(2)若二面角C-BM-D的大小為60,求∠BDC的大小.
解:(1)如圖,取BD的中點O,以O為原點,OD,OP所
在射線為y,z軸的正半軸,建立空間直角坐標系O-xyz.
由題意知A(0,,2),
B(0,-,0),D(0,,0).
設點C的坐標為(x0,y0,0),因為=3,
11、
所以Q(x0,+y0,).
因為M為AD的中點,故M(0,,1).又P為BM的中點,故P(0,0,),所以=(x0,+y0,0).
又平面BCD的一個法向量為u=(0,0,1),
故u=0.
又PQ?平面BCD,所以PQ∥平面BCD.
(2)設m=(x,y,z)為平面BMC的一個法向量.
由=(-x0,-y0,1),=(0,2,1),
知
取y=-1,得m=(,-1,2).
又平面BDM的一個法向量為n=(1,0,0),于是
|cos〈m,n〉|===,
即2=3. ①
又BC⊥CD,所以=0,
故(-x0,--y0,0)(-x0,-y0,0)=0,
即x+y=2. ②
聯立①,②,解得(舍去)或
所以tan∠BDC==.
又∠BDC是銳角,所以∠BDC=60.