新編高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 規(guī)范答題示例7 空間角的計(jì)算問題 理

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1、新編高考數(shù)學(xué)復(fù)習(xí)資料 規(guī)范答題示例7 空間角的計(jì)算問題 典例7 (12分)如圖,AB是圓O的直徑,C是圓O上異于A,B的一個(gè)動(dòng)點(diǎn),DC垂直于圓O所在的平面,DC∥EB,DC=EB=1,AB=4. (1)求證:DE⊥平面ACD; (2)若AC=BC,求平面AED與平面ABE所成的銳二面角的余弦值. 審題路線圖 (1) (2)―→―→―→―→ 規(guī)范解答·分步得分 構(gòu)建答題模板 (1)證明 ∵DC⊥平面ABC,BC?平面ABC,∴DC⊥BC, 又AB是⊙O的直徑,C是⊙O上異于A,B的點(diǎn),∴AC⊥BC, 又AC∩DC=C,AC,DC?平面ACD,∴BC⊥平面ACD, 又D

2、C∥EB,DC=EB,∴四邊形BCDE是平行四邊形, ∴DE∥BC,∴DE⊥平面ACD.4分 (2)解 在Rt△ACB中,AB=4,AC=BC, ∴AC=BC=2, 如圖,以C為原點(diǎn)建立空間直角坐標(biāo)系, 則A(2,0,0),D(0,0,1),B(0,2,0),E(0,2,1),=(-2,0,1),=(0,2,0), =(-2,2,0),=(0,0,1).6分 設(shè)平面ADE的一個(gè)法向量為n1=(x1,y1,z1), 則令x1=1,得n1=(1,0,2), 設(shè)平面ABE的一個(gè)法向量為n2=(x2,y2,z2), 則令x2=1,得n2=(1,1,0). 10分 ∴cos〈

3、n1,n2〉===. ∴平面AED與平面ABE所成的銳二面角的余弦值為.12分 第一步 找垂直:找出(或作出)具有公共交點(diǎn)的三條兩兩垂直的直線. 第二步 寫坐標(biāo):建立空間直角坐標(biāo)系,寫出特征點(diǎn)坐標(biāo). 第三步 求向量:求直線的方向向量或平面的法向量. 第四步 求夾角:計(jì)算向量的夾角. 第五步 得結(jié)論:得到所求兩個(gè)平面所成的角或直線和平面所成的角. 評(píng)分細(xì)則 (1)第(1)問中證明DC⊥BC和AC⊥BC各給1分,證明DE∥BC給1分,證明BC⊥平面ACD時(shí)缺少AC∩DC=C,AC,DC?平面ACD,不扣分. (2)第(2)問中建系給1分,兩個(gè)法向量求出1個(gè)給2分,沒有

4、最后結(jié)論扣1分,法向量取其他形式同樣給分. 跟蹤演練7 (2017·山東)如圖,幾何體是圓柱的一部分,它是由矩形ABCD(及其內(nèi)部)以AB邊所在直線為旋轉(zhuǎn)軸旋轉(zhuǎn)120°得到的,G是的中點(diǎn). (1)設(shè)P是上的一點(diǎn),且AP⊥BE,求∠CBP的大??; (2)當(dāng)AB=3,AD=2時(shí),求二面角E—AG—C的大?。? 解 (1)因?yàn)锳P⊥BE,AB⊥BE, AB,AP?平面ABP,AB∩AP=A, 所以BE⊥平面ABP. 又BP?平面ABP, 所以BE⊥BP,又∠EBC=120°, 所以∠CBP=30°. (2)方法一 取的中點(diǎn)H,連接EH,GH,CH. 因?yàn)椤螮BC=120°, 所

5、以四邊形BEHC為菱形, 所以AE=GE=AC=GC==. 取AG的中點(diǎn)M,連接EM,CM,EC, 則EM⊥AG,CM⊥AG, 所以∠EMC為所求二面角的平面角. 又AM=1,所以EM=CM==2. 在△BEC中,由于∠EBC=120°, 由余弦定理得EC2=22+22-2×2×2×cos 120°=12, 所以EC=2,因此△EMC為等邊三角形, 故所求的角為60°. 方法二 以B為坐標(biāo)原點(diǎn),分別以BE,BP,BA所在的直線為x,y,z軸,建立如圖所示的空間直角坐標(biāo)系. 由題意得A(0,0,3),E(2,0,0), G(1,,3),C(-1,,0), 故=(2,0,-3),=(1,,0),=(2,0,3), 設(shè)m=(x1,y1,z1)是平面AEG的一個(gè)法向量. 由可得 取z1=2,可得平面AEG的一個(gè)法向量m=(3,-,2). 設(shè)n=(x2,y2,z2)是平面ACG的一個(gè)法向量. 由可得 取z2=-2,可得平面ACG的一個(gè)法向量n=(3,-,-2). 所以cos〈m,n〉==. 因此所求的角為60°.

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