貴州省六盤水市盤縣第四中學(xué)2017-2018學(xué)年高二物理下學(xué)期期末考試試題.doc

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貴州省盤縣四中2017-2018學(xué)年下學(xué)期期末考試 高二物理 本試卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷兩部分，共100分，考試時間120分鐘。 學(xué)校：___________姓名：___________班級：___________考號：___________ 分卷I 一、單選題(共12小題,每小題3.0分,共36分) 1.如圖所示，空間中存在水平向左的勻強(qiáng)電場．在電場中將一帶電液滴從b點由靜止釋放，液滴沿直線由b運動到d，且直線bd方向與豎直方向成45角，下列判斷正確的是(　　) A． 液滴帶正電荷 B． 液滴的電勢能減小 C． 液滴的重力勢能和電勢能之和不變 D． 液滴的電勢能和動能之和不變 2.如圖所示為電場中的某一條電場線，A、B、C是其上的三點．現(xiàn)用EA、EB、EC表示這三點的電場強(qiáng)度，、、表示這三點的電勢，則必有（　?。? A．EA＞EB＞ECB．＞＞ C．==D．EA=EB=EC 3.額定電壓、額定功率相同的電風(fēng)扇、電烙鐵和日光燈，各自在額定電壓下工作了相同時間，比較它們產(chǎn)生的熱量，結(jié)果是(　　) A． 電風(fēng)扇最多B． 電烙鐵最多 C． 日光燈最多D． 一樣多 4.下圖中表示磁場B、正電荷運動速度和磁場對電荷作用力F的方向相互關(guān)系圖，且B、F、垂直，這四個圖中畫得正確的是（ ） A．B． C．D． 5.面積為S的正方形線框放在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場中，當(dāng)線框平面與磁場方向垂直時，下列有關(guān)穿過線框所圍面積的磁通量的表述中正確的是(　　) A． 磁通量的單位為特斯拉 B． 線框垂直磁場方向放置時磁通量最大 C． 上述情況中線框磁通量為 D． 將線框從原位置翻轉(zhuǎn)180磁通量沒有變化 6.如圖所示各圖象中不表示交變電流的是(　　) A．B． C．D． 7.法拉第通過精心設(shè)計的一系列實驗，發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)定律，將歷史上認(rèn)為各自獨立的學(xué)科“電學(xué)”與“磁學(xué)”聯(lián)系起來．在下面幾個典型的實驗設(shè)計思想中，所作的推論后來被實驗否定的是(　　) A． 既然磁鐵可使近旁的鐵塊帶磁，靜電荷可使近旁的導(dǎo)體表面感應(yīng)出電荷，那么靜止導(dǎo)線上的穩(wěn)恒電流也可在近旁靜止的線圈中感應(yīng)出電流 B． 既然磁鐵可在近旁運動的導(dǎo)體中感應(yīng)出電動勢，那么穩(wěn)恒電流也可在近旁運動的線圈中感應(yīng)出電流 C． 既然運動的磁鐵可在近旁靜止的線圈中感應(yīng)出電流，那么靜止的磁鐵也可在近旁運動的導(dǎo)體中感應(yīng)出電動勢 D． 既然運動的磁鐵可在近旁的導(dǎo)體中感應(yīng)出電動勢，那么運動導(dǎo)線上的穩(wěn)恒電流也可在近旁的線圈中感應(yīng)出電流 8.如圖所示，一個金屬圓盤安裝在豎直的轉(zhuǎn)動軸上，置于蹄形磁鐵之間，兩塊銅片A、O分別與金屬盤的邊緣和轉(zhuǎn)動軸接觸．若使金屬盤按圖示方向(俯視順時針方向)轉(zhuǎn)動起來，下列說法正確的是(　　) A． 電阻R中有Q→R→P方向的感應(yīng)電流 B． 電阻R中有P→R→Q方向的感應(yīng)電流 C． 穿過圓盤的磁通量始終沒有變化，電阻R中無感應(yīng)電流 D． 調(diào)換磁鐵的N、S極同時改變金屬盤的轉(zhuǎn)動方向，R中感應(yīng)電流的方向也會發(fā)生改變 9.一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶電粒子，由靜止開始經(jīng)加速電場加速后(加速電壓為U)，該粒子的德布羅意波長為(　　) A．B． C．D． 10.按照玻爾理論，大量氫原子從n＝3的激發(fā)態(tài)向低能級躍遷時，最多能向外輻射(　　) A． 2種不同頻率的光子B． 3種不同頻率的光子 C． 4種不同頻率的光子D． 5種不同頻率的光子 11.圖中所示為氫原子能級示意圖的一部分，則關(guān)于氫原子發(fā)生能級躍遷的過程中，下列說法中正確的是(　　) A． 從高能級向低能級躍遷，氫原子放出光子 B． 從高能級向低能級躍遷，氫原子核外電子軌道半徑變大 C． 從高能級向低能級躍遷，氫原子核向外放出能量 D． 從n＝4能級躍遷到n＝3能級比從n＝3能級躍遷到n＝2能級輻射出電磁波的波長短 12.下列說法正確的是(　　) A． 湯姆孫通過對陰極射線的研究發(fā)現(xiàn)了電子 B． 玻爾建立了量子理論，成功解釋了各種原子的發(fā)光現(xiàn)象 C． 用任何頻率的光照射處于基態(tài)的氫原子都可以使其發(fā)生躍遷 D． 原子由激發(fā)態(tài)向基態(tài)躍遷時吸收能量 二、多選題(共4小題,每小題4.0分,共16分) 13.（多選）兩個相同的金屬小球，帶電量之比為1：5，當(dāng)它們相距r時的相互作用力為F1．若把它們互相接觸后再放回原處，它們的相互作用力變?yōu)镕2，則F1：F2可能是（　　） A． 5：1B． 5：9C． 5：4D． 5：8 14.(多選)關(guān)于電源與電路，下列說法正確的是(　　) A． 外電路中電流由電源正極流向負(fù)極，內(nèi)電路中電流也由電源正極流向負(fù)極 B． 外電路中電流由電源正極流向負(fù)極，內(nèi)電路中電流由電源負(fù)極流向正極 C． 外電路中電場力對電荷做正功，內(nèi)電路中電場力對電荷也做正功 D． 外電路中電場力對電荷做正功，內(nèi)電路中非靜電力對電荷做正功 15.(多選)為探究理想變壓器原、副線圈電壓、電流的關(guān)系，將原線圈接到電壓有效值不變的正弦交流電源上，副線圈連接相同的燈泡L1、L2，電路中分別接了理想交流電壓表V1、V2和理想交流電流表A1、A2，導(dǎo)線電阻不計，如圖所示．當(dāng)開關(guān)S閉合后(　　) A． A1示數(shù)變大，A1與A2示數(shù)的比值不變 B． A1示數(shù)變大，A1與A2示數(shù)的比值變大 C． V2示數(shù)變小，V1與V2示數(shù)的比值變大 D． V2示數(shù)不變，V1與V2示數(shù)的比值不變 16.(多選)2011年3月11日，日本發(fā)生里氏九級大地震，造成福島核電站的核泄漏事故．在泄露的污染物中含有131I和137Cs兩種放射性元素，它們通過一系列衰變產(chǎn)生對人體有危害的輻射，其中131I的衰變方程為I→Xe＋e，其半衰變期為8天．下列說法正確的是(　　) A． 該核反應(yīng)的實質(zhì)是131I原子核內(nèi)一個中子轉(zhuǎn)變成了一個質(zhì)子和一個電子 B．I 原子核中含有78個中子 C． 16個I原子核經(jīng)過16天有12個發(fā)生了衰變 D． 已知該反應(yīng)中生成的原子核Xe處于高能級，則其在向低能級躍遷過程中可能釋放γ光子 分卷II 三、實驗題(共2小題,共15分) 17.在“測定金屬的電阻率”的實驗中，用螺旋測微器測量金屬絲直徑時的刻度位置如圖1所示，用米尺測出金屬絲的長度L，金屬絲的電阻大約為5 Ω，先用伏安法測出金屬絲的電阻R，然后根據(jù)電阻定律計算出該金屬材料的電阻率． （1）從圖中讀出金屬絲的直徑為　　mm． （2）實驗中某同學(xué)的實物接線如圖2所示，請指出該同學(xué)實物接線中的兩處明顯錯誤． 錯誤1：　　 錯誤2：　　 （3）若測得金屬絲的直徑用d表示，電阻用R表示，則該金屬材料的電阻率ρ=　?。? 18.如圖為“碰撞實驗器”，它可以探究動量守恒定律，即研究兩個小球在軌道水平部分碰撞前后的動量關(guān)系． (1)實驗中必須要求的條件是______． A．斜槽軌道盡量光滑以減少誤差 B．斜槽軌道末端的切線必須水平 C．入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等，且大小相同 D．入射球每次必須從軌道的同一位置由靜止釋放 (2)圖10中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影．實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP，然后，把被碰小球m2靜置于小平軌道的末端，再將入射球m1從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并重復(fù)多次．本實驗還需要完成的必要步驟是________(填選項前的符號)． A．用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2 B．測量拋出點距地面的高度H C．分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、N D．測量平拋射程OM、ON (3)某次實驗中得出的落點情況如圖所示，假設(shè)碰撞過程中動量守恒，則入射小球的質(zhì)量m1和被碰小球的質(zhì)量m2之比為________． 四、計算題 19.如圖所示，直線MN上方為磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的足夠大的勻強(qiáng)磁場．一電子(質(zhì)量為m、電荷量為e)以v的速度從點O與MN成30角的方向射入磁場中，求： (1)電子從磁場中射出時距O點多遠(yuǎn)； (2)電子在磁場中運動的時間為多少． 20.如下圖所示，水平方向上的導(dǎo)軌，間距L1＝0.5 m，ab桿與導(dǎo)軌左端的距離L2＝0.8 m，由導(dǎo)軌與ab桿所構(gòu)成的回路的總電阻R＝0.2 Ω，垂直導(dǎo)軌所在平面豎直向下的勻強(qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B0＝1 T，重物的質(zhì)量M＝0.04 kg，用細(xì)繩通過定滑輪與ab桿的中點相連，各處的摩擦均可忽略不計．現(xiàn)使磁場以＝0.2 T/s的變化率均勻地增大，試求當(dāng)t為多少時，M剛好離開地面(取g＝10 m/s2)． 21.如圖所示，水平面上有兩電阻不計的光滑金屬導(dǎo)軌平行固定放置，間距d＝0.5 m，左端通過導(dǎo)線與阻值為2 Ω的電阻R連接，右端通過導(dǎo)線與阻值為4 Ω的小燈泡L連接；在CDEF矩形區(qū)域內(nèi)有豎直向上的勻強(qiáng)磁場，CE長為2 m，CDEF區(qū)域內(nèi)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度B如圖所示隨時間t變化．在t＝0 s時，一阻值為2 Ω的金屬棒在恒力F作用下由靜止從AB位置沿導(dǎo)軌向右運動，當(dāng)金屬棒從AB位置運動到EF位置的全過程中，小燈泡的亮度都沒有變化．求： (1)通過小燈泡的電流強(qiáng)度； (2)恒力F的大??； (3)金屬棒的質(zhì)量． 22.有一內(nèi)表面光滑的質(zhì)量為M＝1 kg的金屬盒靜止在水平地面上，其與水平面間的動摩擦因數(shù)μ＝0.05，金屬盒內(nèi)前后壁距離為L＝10 m，如圖所示，在盒內(nèi)正中央處有一質(zhì)量m＝3 kg可視為質(zhì)點的靜止小球，現(xiàn)在給盒一個向右的瞬時初速度v0＝6 m/s，已知球與盒發(fā)生的碰撞為彈性碰撞且碰撞時間極短．g取10 m/s2，求金屬盒與小球發(fā)生第二次碰撞前金屬盒前進(jìn)的總位移？  答案 1.B2.B3.B4.D5.B6.A7.A8.B9.C10.B11.A12.A 13.BC14.BD15.AD16.ABD 17.【答案】（1）0.680 （2）電流表采用內(nèi)接法 導(dǎo)線接在滑動變阻器滑片上 （3） 【解析】（1）由圖示螺旋測微器可知，其示數(shù)為：0.5 mm+18.00.01 mm=0.680 mm； （2）金屬絲的電阻大約為5 Ω，電流表內(nèi)阻很小約為零點幾歐姆，電壓表內(nèi)阻很大， 約為幾千甚至幾萬歐姆，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于金屬絲電阻，電流表應(yīng)采用外接法， 由圖示電路圖可知，電流表采用內(nèi)接法，這是錯誤的，另外，導(dǎo)線接在滑動變阻器滑片上也是錯誤的． （3）由電阻定律可知：R=ρ=ρ，電阻率：ρ=； 18.【答案】(1)BD (2)ACD (3)4∶1 【解析】 19.【答案】（1）（2） 【解析】(1）由左手定則可判斷出電子應(yīng)落在ON之間，由幾何關(guān)系可解得圓心角為60，則電子出射點距O點的距離等于電子的運動半徑r 解得 所以電子從磁場中射出時距O點的距離為 （2）電子在磁場中的運動周期 電子在磁場中的運動時間應(yīng)為 20.【答案】5 s 【解析】根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，電動勢 E＝＝L1L2， 回路中的感應(yīng)電流為I＝ ab桿所受的安培力 F安＝BL1I＝(B0＋t)L1I， 重物剛好離開地面時F安＝Mg 聯(lián)立上述四個方程解得： t＝()2－B0＝5 s. 21.【答案】(1)0.1 A　(2)0.3 N　(3)1.2 kg 【解析】(1)金屬棒未進(jìn)入磁場， 電路總電阻R總＝R并＋RL＝5 Ω① 回路中的感應(yīng)電動勢E＝＝S＝0.5 V② 通過燈泡的電流IL＝＝A＝0.1 A③ (2)因燈泡亮度不變，故在t＝4 s末金屬棒剛好進(jìn)入磁場，且做勻速運動，此時金屬棒中的電流為 I＝IR＋I(xiàn)L＝0.3 A④ 恒力F的大小為 F＝F安＝BId＝20.30.5 N＝0.3 N⑤ (3)金屬棒進(jìn)入磁場后回路中的總電阻 R總＝R并＋r＝Ω⑥ 金屬棒中感應(yīng)電動勢E＝Bdv＝IR總＝1 V⑦ t＝4 s末金屬棒的速度v＝＝m/s＝1 m/s⑧ 0～4 s金屬棒的加速度a＝＝0.25 m/s2⑨ 由F＝ma得金屬棒的質(zhì)量m＝＝1.2 kg. 22.【答案】4 m 【解析】對金屬盒，由牛頓第二定律有：a＝＝2 m/s2 由v2－v＝－2as，s＝5 m， 解得：v＝4 m/s 金屬盒與球發(fā)生第一次碰撞的過程，取向右為正方向，設(shè)碰后小球速度為v1，金屬盒速度為v2，由動量守恒定律和能量守恒定律有： Mv＝mv1＋Mv2； Mv2＝mv＋Mv； 解得：v2＝－2 m/s，v1＝2 m/s 金屬盒停下時用時：t＝＝1 s 金屬盒運動的位移為：x1＝at2＝1 m 此時小球勻速運動的位移為：x2＝v1t＝2 m 有x1＋x2＜10 m，即金屬盒停下來時小球還未與金屬盒發(fā)生第二次碰撞，故金屬盒與小球發(fā)生第二次碰撞前金屬盒運動的總位移為：x＝s－x1＝5 m－1 m＝4 m.