(京津瓊)2019高考物理總復(fù)習(xí) 專用優(yōu)編提分練:考前綜合練(二).doc
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考前綜合練(二) 一、單項(xiàng)選擇題 1.以下關(guān)于α、β和γ射線的說(shuō)法中正確的是( ) A.原子序數(shù)大于83的原子核都具有放射性 B.α射線本質(zhì)是質(zhì)子流,其電離能力最強(qiáng) C.β射線是核外電子電離產(chǎn)生的 D.γ射線是中子流,其貫穿能力最強(qiáng) 答案 A 解析 原子序數(shù)大于83的原子核都具有放射性,選項(xiàng)A正確;α射線本質(zhì)是氦核,選項(xiàng)B錯(cuò)誤;β射線是核內(nèi)的中子轉(zhuǎn)化為質(zhì)子時(shí)產(chǎn)生的高速電子,選項(xiàng)C錯(cuò)誤;γ射線是光子,選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 2.如圖所示,矩形線框在磁場(chǎng)內(nèi)做的各種運(yùn)動(dòng)中,能夠產(chǎn)生感應(yīng)電流的是( ) 答案 B 解析 A圖中線框在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的過程中,面積不變、磁感應(yīng)強(qiáng)度不變,穿過線框的磁通量不變,不產(chǎn)生感應(yīng)電流,故A錯(cuò)誤;B圖在線框繞OO′軸轉(zhuǎn)動(dòng)過程中,穿過閉合線框的磁通量發(fā)生變化,能產(chǎn)生感應(yīng)電流,故B正確;C圖中線框與磁場(chǎng)平行,線框在運(yùn)動(dòng)過程中,穿過線框的磁通量始終為零,不發(fā)生變化,沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生,故C錯(cuò)誤;D圖中線框與磁場(chǎng)平行,線框在運(yùn)動(dòng)過程中,穿過線框的磁通量始終為零,不發(fā)生變化,沒有感應(yīng)電流產(chǎn)生,故D錯(cuò)誤. 3.如圖1所示,帶有孔的小球A套在粗糙的傾斜直桿上,與正下方的小球B通過輕繩連接,處于靜止?fàn)顟B(tài).給小球B施加水平力F使其緩慢上升,直到小球A剛要滑動(dòng),在此過程中( ) 圖1 A.水平力F的大小不變 B.桿對(duì)小球A的支持力不變 C.輕繩對(duì)小球B的拉力先變大后變小 D.桿對(duì)小球A的摩擦力先變小后變大 答案 D 解析 對(duì)球B受力分析,受拉力F、重力mg和輕繩的拉力FT,合力為零,如圖甲所示: 由此可知,隨著α的增加,拉力F和輕繩張力FT均增加,故A、C錯(cuò)誤;再對(duì)A、B球整體受力分析,受重力、拉力F、支持力FN和靜摩擦力Ff,如圖乙所示: 設(shè)桿與水平方向的夾角為θ,根據(jù)平衡條件, 在垂直于桿方向有FN=(M+m)gcos θ+Fsin θ, 隨著F的增加,支持力FN增加; 在平行于桿方向,有:Fcos θ+Ff=(M+m)gsin θ, 可得:Ff=(M+m)gsin θ-Fcos θ, 可知隨著F的增加,靜摩擦力逐漸減小, 當(dāng)(M+m)gsin θ=Fcos θ時(shí),靜摩擦力為零,此后靜摩擦力反向增加,故B錯(cuò)誤,D正確. 4.汽車由靜止開始在平直的公路上行駛,0~60 s內(nèi)汽車的加速度隨時(shí)間變化的圖象如圖2所示.則該汽車在0~60 s內(nèi)的速度-時(shí)間圖象為( ) 圖2 答案 B 解析 0~10 s內(nèi)汽車做加速度為2 m/s2的加速運(yùn)動(dòng),根據(jù)v=at,可知10 s時(shí)速度達(dá)到20 m/s,接下來(lái)10~40 s做勻速運(yùn)動(dòng),速度始終為20 m/s,40~60 s內(nèi),加速度反向,汽車做減速運(yùn)動(dòng),加速度為-1 m/s2,經(jīng)20 s速度恰好減小到零. 5.某發(fā)電廠的發(fā)電機(jī)組輸出的電壓恒為400 V,將其通過升壓變壓器升壓后加在輸電線上向距離較遠(yuǎn)的用戶端變電站供電,輸電線總電阻為5 Ω,當(dāng)輸送的電功率恒為200 kW時(shí),發(fā)電廠提供的電能與用戶端消耗的電能不相等,二者在一個(gè)小時(shí)內(nèi)相差50度電,變壓器均為理想變壓器,則下列說(shuō)法正確的是( ) A.輸電線上損失的功率為50 W B.供電端升壓變壓器的匝數(shù)比為1:5 C.輸電線上損失的電壓為50 V D.若輸電功率增大,則輸電線上損失的功率將會(huì)減小 答案 B 解析 輸電線上損失的功率 ΔP===50 kW, 選項(xiàng)A錯(cuò)誤; ΔP=2R,解得U=2 000 V, 升壓變壓器的匝數(shù)比為:400∶2 000=1∶5,選項(xiàng)B正確; 根據(jù)ΔP=,解得ΔU=500 V,選項(xiàng)C錯(cuò)誤; 輸電電壓不變,若輸電功率變大,則輸電電流變大,輸電線上損失的功率ΔP′=I2R變大,選項(xiàng)D錯(cuò)誤. 二、多項(xiàng)選擇題 6.如圖3所示,飛船先沿橢圓軌道1飛行,然后在遠(yuǎn)地點(diǎn)P處變軌后沿圓軌道2運(yùn)行,在軌道2上周期約為90分鐘.則下列判斷正確的是( ) 圖3 A.飛船沿橢圓軌道1經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的速度與沿圓軌道經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)的速度相等 B.飛船在圓軌道2上時(shí)航天員出艙前后都處于失重狀態(tài) C.飛船在圓軌道2的角速度大于同步衛(wèi)星運(yùn)行的角速度 D.飛船從橢圓軌道1的Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)過程中萬(wàn)有引力做正功 答案 BC 解析 飛船沿橢圓軌道1經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)有>m, 飛船沿橢圓軌道2經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)有=m, v1P<v2P,A錯(cuò)誤; 在圓軌道2上時(shí),萬(wàn)有引力提供向心力,航天員處于完全失重狀態(tài),B正確; 因軌道2上周期約為90分鐘,小于同步衛(wèi)星的周期,又由ω=,可得飛船在圓軌道2的角速度大于同步衛(wèi)星運(yùn)行的角速度,C錯(cuò)誤;飛船從橢圓軌道1的Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)過程中萬(wàn)有引力做負(fù)功,D錯(cuò)誤. 7.某靜電場(chǎng)的電場(chǎng)線分布如圖4所示,P、Q為該電場(chǎng)中的兩點(diǎn),下列說(shuō)法正確的是( ) 圖4 A.P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)大于Q點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng) B.P點(diǎn)電勢(shì)低于Q點(diǎn)電勢(shì) C.將電子從P點(diǎn)移動(dòng)到Q點(diǎn),電場(chǎng)力做正功 D.將電子從P點(diǎn)移動(dòng)到Q點(diǎn),其電勢(shì)能增大 答案 AD 解析 電場(chǎng)線密的地方電場(chǎng)強(qiáng)度大,所以P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)一定大于Q點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng),A正確;根據(jù)沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低可以知道,P點(diǎn)電勢(shì)高于Q點(diǎn)電勢(shì),B錯(cuò)誤;P點(diǎn)電勢(shì)高于Q點(diǎn)電勢(shì),即φP>φQ,電勢(shì)能Ep=qφ中,因?yàn)槭请娮?,所以q<0,所以電子在P點(diǎn)的電勢(shì)能小于在Q點(diǎn)的電勢(shì)能,將電子從P點(diǎn)移動(dòng)到Q點(diǎn),其電勢(shì)能增大,所以電場(chǎng)力做負(fù)功,C錯(cuò)誤,D正確. 8.如圖5所示,木板1、2固定在墻角,一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊分別從木板的頂端靜止釋放,并沿斜面下滑到底端,物塊與木板之間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ.對(duì)這兩個(gè)過程,下列說(shuō)法正確的是( ) 圖5 A.沿著1和2下滑到底端時(shí),物塊的速度大小相等 B.沿著1和2下滑到底端時(shí),物塊的速度大小不相等 C.物塊沿著1下滑到底端的過程,產(chǎn)生的熱量更多 D.物塊沿著2下滑到底端的過程,產(chǎn)生的熱量更多 答案 BC 解析 物塊從高為h的斜面上由靜止滑到底端時(shí), 根據(jù)動(dòng)能定理有:mgh-Wf=mv2① 其中Wf為物塊克服摩擦力做的功, 因滑動(dòng)摩擦力為:Ff=μFN=μmgcos θ, 所以物塊克服摩擦力做的功為: Wf=FfL=μmgcos θL=μmgLcos θ② 由題圖可知,Lcos θ為斜面底邊長(zhǎng),可見物塊從斜面頂端下滑到底端時(shí),克服摩擦力做的功與斜面底端長(zhǎng)度L底成正比.沿著1和2下滑到底端時(shí),重力做功相同,而沿2下滑到底端過程物塊克服摩擦力做功小于沿1下滑到底端過程克服摩擦力做功,則由①式得,沿著2下滑到底端時(shí)物塊的速度大于沿1下滑到底端時(shí)物塊的速度,故A錯(cuò)誤,B正確;沿1時(shí)克服摩擦力做的功多,物塊的機(jī)械能損失大,產(chǎn)生的熱量多,故C正確,D錯(cuò)誤. 三、非選擇題 9.某同學(xué)在測(cè)定小車加速度的實(shí)驗(yàn)中,得到圖6甲所示的一條紙帶,他在紙帶上共取了A、B、C、D、E、F、G七個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn),相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出.已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的打點(diǎn)周期為0.02 s.該同學(xué)從每個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)處將紙帶剪開分成六條(分別標(biāo)記為a、b、c、d、e、f),再將這六條紙帶由短到長(zhǎng)緊靠但不重疊地粘在xOy坐標(biāo)系中,得到圖乙所示的圖形,最后將各紙帶上端中心連起來(lái),于是得到表示v-t關(guān)系的圖象,圖中x軸對(duì)應(yīng)的物理量是時(shí)間t,y軸對(duì)應(yīng)的物理量是速度v. 圖6 (1)圖中t3=________ s,若測(cè)得紙條c的長(zhǎng)度為4.02 cm,則v3=________ m/s(保留兩位有效數(shù)字). (2)若測(cè)得紙條a的長(zhǎng)度為1.98 cm,紙條f的長(zhǎng)度為7.02 cm,則可求出加速度的大小為________ m/s2(保留兩位有效數(shù)字). 答案 (1)0.25 0.40 (2)1.0 解析 (1)因?yàn)槊肯噜彽膬蓚€(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)之間還有四個(gè)點(diǎn)未畫出,所以相鄰的兩個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔T=0.1 s,題圖中t3=20.1 s+0.05 s=0.25 s,根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中時(shí)間中點(diǎn)的速度等于該過程中的平均速度, 則v3≈ m/s=0.40 m/s; (2)根據(jù)Δx=aT2得,可知xf-xa=5aT2, 則加速度的大小a≈ m/s2=1.0 m/s2. 10.為了測(cè)定電阻的阻值,實(shí)驗(yàn)室提供下列器材: 待測(cè)電阻R(阻值約100 Ω)、滑動(dòng)變阻器R1(0~100 Ω)、滑動(dòng)變阻器R2(0~10 Ω)、電阻箱R0(0~9 999.9 Ω)、理想電流表A(量程50 mA)、直流電源E(3 V,內(nèi)阻忽略)、導(dǎo)線若干、開關(guān)若干. 圖7 (1)甲同學(xué)設(shè)計(jì)如圖7(a)所示的電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn). ①請(qǐng)?jiān)趫D(b)中用筆畫線代替導(dǎo)線,完成實(shí)物電路的連接. ②滑動(dòng)變阻器應(yīng)選________(填入字母). ③實(shí)驗(yàn)操作時(shí),先將滑動(dòng)變阻器的滑動(dòng)觸頭移到最________(選填“左”或“右”)端,再接通開關(guān)S;保持S2斷開,閉合S1,調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器使電流表指針偏轉(zhuǎn)至某一位置,并記下電流I1. ④斷開S1,保持滑動(dòng)變阻器阻值不變,調(diào)整電阻箱R0阻值在100 Ω左右,再閉合S2,調(diào)節(jié)R0阻值使得電流表讀數(shù)為________時(shí),R0的讀數(shù)即為電阻的阻值. (2)乙同學(xué)利用電路(c)進(jìn)行實(shí)驗(yàn),改變電阻箱R0的值,讀出電流表相應(yīng)的電流I,由測(cè)得的數(shù)據(jù)作出-R0圖線如圖(d)所示,圖線縱軸截距為m,斜率為k,則電阻的阻值為________. (3)若電源內(nèi)阻是不可忽略的,則上述電路(a)和(c),哪種方案測(cè)電阻更好________?為什么?__________________________________________________. 答案 (1)①如圖所示 ②R2?、圩蟆、躀1 (2) (3)(a) 此方案不受電源內(nèi)阻的影響 解析 (1)①連線圖如圖所示: ②因?yàn)榛瑒?dòng)變阻器采用分壓式接法時(shí),阻值越小調(diào)節(jié)越方便,所以變阻器應(yīng)選R2; ③實(shí)驗(yàn)操作時(shí),應(yīng)將變阻器的滑動(dòng)觸頭置于輸出電壓最小的最左端; ④根據(jù)歐姆定律,若兩次保持回路中電流表讀數(shù)不變,則根據(jù)電路結(jié)構(gòu)可知,回路中總電阻也應(yīng)該相等,結(jié)合回路中的電阻計(jì)算,可知R0的讀數(shù)即為電阻的阻值. (2)根據(jù)閉合電路歐姆定律應(yīng)有:E=I(R+R0) 解得:=+ 結(jié)合數(shù)學(xué)知識(shí)可知m=,k= 解得:E=,R=Em= (3)若電源內(nèi)阻是不可忽略的,則電路(a)好,因?yàn)殡娫磧?nèi)阻對(duì)電路(a)測(cè)電阻沒有影響. 11.如圖8所示,半徑為R的光滑半圓環(huán)軌道豎直固定在一光滑的水平桌面上,桌面距水平地面的高度也為R,在桌面上輕質(zhì)彈簧被a、b兩個(gè)小球擠壓(小球與彈簧不拴接),處于靜止?fàn)顟B(tài).同時(shí)釋放兩個(gè)小球,小球a、b與彈簧在桌面上分離后,a球從B點(diǎn)滑上半圓環(huán)軌道最高點(diǎn)A時(shí)速度為vA=,已知小球a質(zhì)量為m,小球b質(zhì)量為2m,重力加速度為g,不計(jì)空氣阻力,求: 圖8 (1)小球a在圓環(huán)軌道最高點(diǎn)對(duì)軌道的壓力; (2)釋放后小球b離開彈簧時(shí)的速度vb的大小; (3)小球b落地點(diǎn)距桌子右側(cè)的水平距離. 答案 (1)mg,方向豎直向上 (2) (3)R 解析 (1)設(shè)a球通過最高點(diǎn)時(shí)受軌道的彈力為FN,由牛頓第二定律得:mg+FN=m 解得:FN=mg.由牛頓第三定律知,a球?qū)壍赖膲毫閙g,方向豎直向上. (2)設(shè)小球a與彈簧分離時(shí)的速度大小為va,取桌面為零勢(shì)能面,由機(jī)械能守恒定律得:mva2=mvA2+mg2R,解得:va=,小球a、b從釋放到與彈簧分離過程中,總動(dòng)量守恒,則有mva=2mvb,得vb= (3)b球從桌面飛出做平拋運(yùn)動(dòng),設(shè)飛出的水平距離為x,則R=gt2,t=,x=vbt 聯(lián)立解得:x=R. 12.如圖9所示,在坐標(biāo)系xOy中,第一象限除外的其他象限都充滿勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅰ,磁感應(yīng)強(qiáng)度都為B1=0.12 T,方向垂直紙面向內(nèi).P是y軸上的一點(diǎn),它到坐標(biāo)原點(diǎn)O的距離l=0.4 m.一比荷=5107 C/kg的帶正電粒子從P點(diǎn)開始進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng),初速度v0=3106 m/s,方向與y軸正方向成夾角θ=53并與磁場(chǎng)方向垂直,不計(jì)粒子的重力.已知sin 53=0.8,cos 53=0.6,求: 圖9 (1)粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑R. (2)在第一象限中與x軸平行的虛線上方的區(qū)域內(nèi)充滿沿x軸負(fù)方向的勻強(qiáng)電場(chǎng)(如圖a所示),粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)一段時(shí)間后進(jìn)入第一象限,最后恰好從P點(diǎn)沿初速度的方向再次射入磁場(chǎng).求勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度E的大小和電場(chǎng)邊界(虛線)與x軸之間的距離d. (3)如果撤去電場(chǎng),在第一象限加另一勻強(qiáng)磁場(chǎng)Ⅱ,磁場(chǎng)方向垂直于xOy平面.在第(2)問虛線位置放置一塊長(zhǎng)度為L(zhǎng)=0.25 m的平板,平板的左邊緣與y軸對(duì)齊(如圖b所示).帶電粒子仍從P點(diǎn)開始運(yùn)動(dòng),欲使帶電粒子第一次進(jìn)入第一象限運(yùn)動(dòng)時(shí)不打到板上,求磁場(chǎng)Ⅱ的磁感應(yīng)強(qiáng)度B2的大小和方向應(yīng)滿足什么條件? 答案 見解析 解析 (1)粒子在磁場(chǎng)區(qū)域內(nèi)運(yùn)動(dòng),洛倫茲力提供向心力,由牛頓第二定律得:qv0B1=m, 解得,粒子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑:R1==0.5 m, (2)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如圖所示,粒子運(yùn)動(dòng)軌跡的圓心A恰好落在x軸上.由幾何關(guān)系可知粒子從C點(diǎn)進(jìn)入第一象限時(shí)的位置坐標(biāo)為:x=R1-R1cos θ=0.2 m 粒子進(jìn)入勻強(qiáng)電場(chǎng)后做類平拋運(yùn)動(dòng),設(shè)粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t,加速度為a,則:l-d=v0t 由牛頓第二定律得:qE=ma x=at2 粒子運(yùn)動(dòng)到P點(diǎn)時(shí),水平速度為:vx=at=v0tan θ, 代入數(shù)據(jù)解得,電場(chǎng)強(qiáng)度:E=8105 N/C, 電場(chǎng)邊界(虛線)與x軸之間的距離:d=0.1 m; (3)如果第一象限的磁場(chǎng)方向垂直于xOy平面向內(nèi),則帶電粒子打到平板的臨界條件為軌跡圓與板相切,此時(shí)軌跡半徑為R2=d=0.1 m 由牛頓第二定律得:qv0B2=m, 代入數(shù)據(jù)解得:B2=0.6 T, 如果第一象限的磁場(chǎng)方向垂直于xOy平面向外, 則帶電粒子打到平板的臨界條件為軌跡圓與板右側(cè)邊緣有交點(diǎn),設(shè)此時(shí)軌跡半徑為R3, 由幾何關(guān)系:R32=d2+[R3-(L-OC)]2, 代入數(shù)據(jù)解得:R3=0.125 m, 由牛頓第二定律得:qv0B2=m, 代入數(shù)據(jù)解得:B2=0.48 T, 故欲使帶電粒子第一次進(jìn)入第一象限運(yùn)動(dòng)時(shí)不打到板上,磁場(chǎng)Ⅱ的磁感應(yīng)強(qiáng)度B2的大小和方向應(yīng)滿足:若磁場(chǎng)方向垂直于xOy平面向內(nèi),則B2>0.6 T;若磁場(chǎng)方向垂直于xOy平面向外,則B2>0.48 T. 13.[選修3-3] (1)(2018陜西省寶雞市質(zhì)檢二)關(guān)于物體的內(nèi)能,下列說(shuō)法正確的是________. A.相同質(zhì)量的兩種物質(zhì),升高相同的溫度,內(nèi)能的增量一定相同 B.物體的內(nèi)能改變時(shí)溫度不一定改變 C.內(nèi)能與物體的溫度有關(guān),所以0 ℃的物體內(nèi)能為零 D.分子數(shù)和溫度相同的物體不一定具有相同的內(nèi)能 E.內(nèi)能小的物體也可能將熱量傳遞給內(nèi)能大的物體 (2)如圖10所示,潛艇采用壓縮空氣排出海水控制浮沉,在海面上,潛艇將壓強(qiáng)為1.0105 Pa、總體積為600 m3的空氣(包含貯氣筒內(nèi)空氣,視為理想氣體)壓入容積為3 m3的貯氣筒.潛至海面下方190 m水平航行時(shí),為控制姿態(tài),將貯氣筒內(nèi)一部分壓縮空氣通過節(jié)流閥壓入水艙,使15 m3的水通過排水孔排向與之相通的大海.已知海面處大氣壓p0=1.0105 Pa,取海水的密度ρ=1.0103 kg/m3,g=10 m/s2,求: 圖10 ①潛艇下潛前貯氣筒內(nèi)空氣的壓強(qiáng); ②排出水后貯氣筒內(nèi)剩余空氣的壓強(qiáng). 答案 (1)BDE (2)①2.0107 Pa?、?.0107 Pa 解析 (1)相同質(zhì)量的同種物質(zhì),升高相同的溫度,內(nèi)能的增量相同;相同質(zhì)量的不同種物質(zhì),升高相同的溫度,內(nèi)能的增量不同,故A錯(cuò)誤;物體內(nèi)能改變時(shí)溫度不一定改變,比如零攝氏度的冰融化為零攝氏度的水,內(nèi)能增加,故B正確;分子永不停息地做無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng),可知任何物體在任何狀態(tài)下都有內(nèi)能,故C錯(cuò)誤;分子數(shù)和溫度相同的物體不一定有相同的內(nèi)能,還看物體的體積,故D正確;發(fā)生熱傳遞的條件是存在溫度差,與內(nèi)能的大小無(wú)關(guān),所以內(nèi)能小的物體也可能將熱量傳遞給內(nèi)能大的物體,故E正確. (2)①設(shè)潛艇下潛前貯氣筒內(nèi)空氣的壓強(qiáng)為p1, p1V1=p0V0,解得p1=2.0107 Pa ②設(shè)水艙中空氣的壓強(qiáng)為p3,貯氣筒內(nèi)剩余空氣的壓強(qiáng)為p2,p3V3+p2V1=p0V0, p3=p0+ρgh=2.0106 Pa,解得:p2=1.0107 Pa. 14.[選修3-4] (1)在雙縫干涉實(shí)驗(yàn)中,用波長(zhǎng)為630 nm的紅光照射在雙縫上,在縫后的屏幕上顯示出干涉圖樣.已知雙縫到屏幕的距離為1.00 m,測(cè)得第1條到第6條亮條紋中心間距為10.5 mm,則雙縫之間的距離為________mm.若要增大干涉圖樣中兩相鄰亮條紋的間距,可選用的一項(xiàng)方法是________. A.增大雙縫間距 B.增大雙縫到屏幕的距離 C.將光源向遠(yuǎn)離雙縫的位置移動(dòng) D.將光源向靠近雙縫的位置移動(dòng) 圖11 (2)三棱鏡ABC主截面如圖11所示,其中∠A=90,∠B=30,AB=30 cm,將單色光從AB邊上的a點(diǎn)垂直AB射入棱鏡,測(cè)得從AC邊上射出的光束與BC面垂直,已知Ba=21 cm,真空中的光速c=3.0108 m/s,不考慮光在AC面的反射,求: ①三棱鏡對(duì)該單色光的折射率; ②從a入射到從AC邊出射,單色光在棱鏡中傳播的時(shí)間; 答案 (1)0.3 B (2)①?、?.310-9 s 解析 (1)測(cè)得第1條到第6條亮條紋中心間距離為10.5 mm, 則相鄰亮條紋之間的距離為Δx= mm=2.1 mm, 由Δx=λ得d=λ=0.3 mm 根據(jù)Δx=λ可知要增大干涉圖樣中兩相鄰亮條紋的間距,則可采取增大雙縫到屏幕的距離、減小雙縫間距,故A錯(cuò),B對(duì);光源到雙縫的距離不會(huì)改變條紋間距,故C、D錯(cuò). (2)①光路圖如圖, 光在b點(diǎn)發(fā)生反射,光在c點(diǎn)發(fā)生折射. 由幾何關(guān)系可得:∠1=∠2=30 ∠3=30,∠4=60 三棱鏡對(duì)該單色光的折射率n== ②光在棱鏡中的傳播速度v=,ab=aBtan 30, bc=bC= 單色光在棱鏡中的傳播時(shí)間t==1.310-9 s.- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來(lái)的問題本站不予受理。
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