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2019-2020學年高二數(shù)學上學期期末復習備考黃金30題-專題06-大題易丟分(20題)蘇教版

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2019-2020學年高二數(shù)學上學期期末復習備考黃金30題-專題06-大題易丟分(20題)蘇教版

2019-2020學年高二數(shù)學上學期期末復習備考黃金30題 專題06 大題易丟分(20題)蘇教版 1.已知,且,設命題p:函數(shù)在上單調遞減;命題q:函數(shù) 在上為增函數(shù), (1)若“p且q”為真,求實數(shù)c的取值范圍 (2)若“p且q”為假,“p或q”為真,求實數(shù)c的取值范圍. 【答案】(1);(2) (2)∵c>0且c≠1,∴ p: c>1, q: 且c≠1. 又∵“p或q”為真,“p且q”為假,∴p真q假或p假q真. 當p真,q假時,{c|0<c<1}∩{c | ,且c≠1}={c| <c<1}. 當p假,q真時,{c|c>1}∩{c|0<c≤ }=?. 綜上所述,實數(shù)c的取值范圍是{c| <c<1}. 2.已知集合是函數(shù)的定義域,集合是不等式()的解集, : , : . (1)若,求實數(shù)的取值范圍; (2)若是的充分不必要條件,求實數(shù)的取值范圍. 【答案】(1) ;(2) . (2)易得: : 或, ∵是的充分不必要條件, ∴是的真子集 則,解得: ∴的取值范圍為: 點睛:本題考查了函數(shù)定義域的求法,考查了一元二次不等式的解法,考查了數(shù)學轉化思想方法,解答的關鍵是對區(qū)間端點值的比較,是中檔題. 3.已知,向量,向量,集合. (1)判斷“”是“”的什么條件; (2)設命題:若,則.命題:若集合的子集個數(shù)為2,則.判斷,, 的真假,并說明理由. 【答案】 (1)充分不必要條件.(2)為真命題為假命題為真命題. 4.如圖,在四棱錐中,底面是邊長為的正方形,側棱底面,且側棱的長是,點分別是的中點. (Ⅰ)證明: 平面; (Ⅱ)求三棱錐的體積. 【答案】(Ⅰ)證明見解析;(Ⅱ) . 【解析】試題分析:(Ⅰ)連結,通過勾股定理計算可知,由三線合一得出平面;(Ⅱ)根據(jù)中位線定理計算得出是(Ⅱ)側棱底面, 面 由(Ⅱ)知: 平面,是三棱錐到平面的距離 分別是的中點, , , 四邊形是邊長為的正方形, 是的中點 三角形是等邊三角形 5.如圖所示,直三棱柱中, , , 為棱的中點. (Ⅰ)探究直線與平面的位置關系,并說明理由; (Ⅱ)若,求三棱錐的體積. 【答案】(Ⅰ)見解析(Ⅱ). 因為平面, 平面,所以平面. (Ⅱ)易知平面,由(Ⅰ)可知, 平面. 所以點到平面的距離等于點到平面的距離, 所以.因為, 所以, 故三棱錐的體積為. 6.如圖,在三棱錐中, , 底面, ,且. (1)若為上一點,且,證明:平面平面. (2)若為棱上一點,且平面,求三棱錐的體積. 【答案】(1)見解析;(2) 7.如圖,在三棱柱中, 底面, , , , 是棱上一點. (I)求證: . (II)若, 分別是, 的中點,求證: ∥平面. (III)若二面角的大小為,求線段的長 【答案】(I)見解析(II)見解析(III) (II)連接交于點. ∵四邊形是平行四邊形, ∴是的中點. 又∵, 分別是, 的中點, ∴,且, ∴四邊形是平行四邊形, ∴. 又平面, 面, ∴平面. (III)∵,且平面, ∴, , 兩兩垂直。 以為原點, , , 分別為軸, 軸, 軸建立空間直角坐標系. 設,則, , , , 8.如圖,直三棱柱 中, , , 是棱上的動點. 證明: ; 若平面分該棱柱為體積相等的兩個部分,試確定點的位置,并求二面角的大小. 【答案】(1)見解析(2)30° (II) , 依題意, 為中點; (法1)取的中點,過點作于點,連接 ,面面面 ,得點與點重合,且是二面角的平面角. 設,則,得二面角的大小為30°. (法2)以為空間坐標原點, 為軸正向、為軸正向、為軸正向,建立空間直角坐標系,設的長為 1,則. 作中點,連結,則,從而平面,平面的一個法向量 設平面的一個法向量為,則 ,令,得, 故二面角為30°. 點睛:(1)探索性問題通常用“肯定順推法”,將不確定性問題明朗化.其步驟為假設滿足條件的元素(點、直線、曲線或參數(shù))存在,用待定系數(shù)法設出,列出關于待定系數(shù)的方程組,若方程組有實數(shù)解,則元素(點、直線、曲線或參數(shù))存在;否則,元素(點、直線、曲線或參數(shù))不存在.(2)反證法與驗證法也是求解探索性問題常用的方法. 9.已知坐標平面上點與兩個定點, 的距離之比等于5. (1)求點的軌跡方程,并說明軌跡是什么圖形; (2)記(1)中的軌跡為,過點的直線被所截得的線段的長為 8,求直線的方程. 【答案】(1)(2),或. 10.已知圓的圓心在直線上,且與另一條直線相切于點. (1)求圓的標準方程; (2)已知,點在圓上運動,求線段的中點的軌跡方程. 【答案】(1) 圓C的方程為(x﹣1)2+(y+2)2=2;(2) (x﹣3)2+(y﹣1)2=. 【解析】試題分析:(1)由題意可知所求圓的圓心在經(jīng)過點,且與直線垂直的直線上,又所求圓的圓心在直線上,解方程組求出圓心,求出半徑,即的長,可得圓的方程; (2)設,則有代入圓 即可得到線段的中點的軌跡方程. 試題解析:(1)設圓C的方程為(x﹣a)2+(y﹣b)2=r2, 根據(jù)題意得:, 解得:, 則圓C的方程為(x﹣1)2+(y+2)2=; (2)設M(x,y),B(x0,y0),則有代入圓C方程得:(2x﹣5)2+(2y﹣4)2=8,化簡得(x﹣3)2+(y﹣1)2= 11.已知與曲線相切的直線,與軸, 軸交于兩點, 為原點, , ,( ). (1)求證:: 與相切的條件是: . (2)求線段中點的軌跡方程; (3)求三角形面積的最小值. 【答案】(1)見解析;(2);(3). 即, . (2)線段AB中點為 ∴() (3) , , 解得, , , 最小面積. 點睛:本題考查了軌跡方程,考查了直線和圓位置關系的判斷,點到直線的距離公式的用法,解題的關鍵是對等式進行靈活變換,利用基本不等式求函數(shù)的最值. 12.已知動圓:與圓:交于 、兩點,且這兩點平分圓的圓周.  (1)求動圓的圓心的軌跡方程; (2)求圓半徑最小時的方程. 【答案】(1);(2). ∵, ∴(*) 故動圓圓心的軌跡方程為. (2)由(*)式,知, 于是有, 而圓半徑, ∴當時,,, 所求圓的方程為. 13.已知橢圓的右焦點為,離心率為. (1)若,求橢圓的方程; (2)設直線與橢圓相交于兩點, 分別為線段的中點,若坐標原點在以為直徑的圓上,且,求的取值范圍. 【答案】(1) ;(2) . ∴. ∴橢圓的方程為. 點睛: 在圓錐曲線中研究最值或范圍問題時,若題目的條件和結論能體現(xiàn)一種明確的函數(shù)關系,則可首先建立目標函數(shù),再求這個函數(shù)的最值.在利用代數(shù)法解決最值與范圍問題時常從以下方面考慮: ①利用判別式來構造不等關系,從而確定參數(shù)的取值范圍; ②利用已知參數(shù)的范圍,求新參數(shù)的范圍,解這類問題的關鍵是在兩個參數(shù)之間建立等量關系; ③利用隱含或已知的不等關系建立不等式,從而求出參數(shù)的取值范圍. 14.已知橢圓()的離心率為,且過點. (1)求橢圓的方程; (2)若直線()與橢圓交于兩點,記直線的斜率分別為,試探究是否為定值,若是,請求出該定值;若不是,請說明理由. 【答案】(1) (2) 為定值,該定值為0 (2),下面給出證明:設, , 將代入并整理得, ,解得,且 故, , 則, 分子= , 故為定值,該定值為0. 15.已知圓: 過圓上任意一點向軸引垂線垂足為(點、可重合),點為的中點. (1)求的軌跡方程; (2)若點的軌跡方程為曲線,不過原點的直線與曲線交于、兩點,滿足直線, , 的斜率依次成等比數(shù)列,求面積的取值范圍. 【答案】(1);(2)面積的取值范圍為. (2)由題意可知,直線的斜率存在且不為,故可設直線的方程為(),, , 由消去得 則 ,且, . 故 因為直線, , 的斜率依次成等比數(shù)列, 即,又,所以,即. 由于直線, 的斜率存在,且,得且,設為到直線的距離, , 則,所以面積的取值范圍為. 點睛: 在圓錐曲線中研究最值或范圍問題時,若題目的條件和結論能體現(xiàn)一種明確的函數(shù)關系,則可首先建立目標函數(shù),再求這個函數(shù)的最值.在利用代數(shù)法解決最值與范圍問題時常從以下方面考慮: ①利用判別式來構造不等關系,從而確定參數(shù)的取值范圍; ②利用已知參數(shù)的范圍,求新參數(shù)的范圍,解這類問題的關鍵是在兩個參數(shù)之間建立等量關系; ③利用隱含或已知的不等關系建立不等式,從而求出參數(shù)的取值范圍 16.設點,動圓經(jīng)過點且和直線相切,記動圓的圓心的軌跡為曲線. (1)求曲線的方程; (2)設曲線上一點的橫坐標為,過的直線交于另一點,交軸于點,過點作的垂線交于另一點.若是的切線,求的最小值. 【答案】(1) ;(2) . 即: , , 解得: ,或. ∴ ∴ . 而拋物線在點處切線斜率: , 是拋物線的切線, ∴, 整理得, ∴,解得 (舍去),或,∴. 17.已知橢圓中心在坐標原點,焦點在坐標軸上,且經(jīng)過三點. (1)求橢圓的方程; (2)在直線上任取一點,連接,分別與橢圓交于兩點,判斷直線是否過定點?若是,求出該定點.若不是,請說明理由. 【答案】(1);(2) (2)直線,直線,聯(lián)立得,所以,故,代入得到,因此.同理.取, 當時, , ,所以三點共線; 當時, , 三點共線; 綜上, 三點共線也就是過定點. 點睛:直線與圓錐曲線的位置關系中,如果已知動直線過定點且與圓錐曲線有另一個交點,那么通過韋達定理可以求出另一個交點的坐標并用斜率表示它,從而考慮與該點相關的一些定點定值問題.另外,我們用先猜后證的策略考慮定點定值問題,因此這樣可以使得代數(shù)式變形化簡的目標更明確. 18.已知橢圓的短軸端點和焦點組成的四邊形為正方形,且橢圓過點. (1)求橢圓的標準方程; (2)四邊形的頂點都在橢圓上,且對角線、過原點,若,求證:四邊形的面積為定值. 【答案】(1) ;(2)見解析. 試題解析: (1)由題意, ,又,解得, , 所以橢圓的標準方程為. (2)設直線的方程為,設, , 聯(lián)立得, , , , ∵,∴,∴ , , ∴,∴,∴, 設原點到直線的距離為,則 , ∴,即四邊形的面積為定值. 19.已知拋物線的焦點為,準線與軸的交點為,過點的直線與拋物線相交于不同的兩點. (1)若,求直線的方程; (2)記的斜率分別為,試問: 的值是否隨直線位置的變化而變化?證明你的結論. 【答案】(1);(2)的值不隨直線的變化而變化,證明見解析. 試題解析: (1)∵且直線斜率存在,∴可設, 代入得: ,令, 設,∴, ∴ , ∵,∴, ∴ (2)∵,∴ , ∴的值不隨直線的變化而變化. 點睛:本題主要考查了直線與拋物線位置關系的綜合應用,其中解答中涉及到直線與圓錐曲線的弦長公式,以及二元一次方程中根與系數(shù)的關系等關系的應用,著重考查了推理與論證能力,以及轉化與化歸思想,試題綜合性強,屬于中檔試題,解答中把直線與圓錐曲線問題轉化為方程的根與系數(shù)的關系是解答的關鍵. 20.已知拋物線在第一象限內的點到焦點的距離為. (1)若,過點, 的直線與拋物線相交于另一點,求的值; (2)若直線與拋物線相交于兩點,與圓相交于兩點, 為坐標原點, ,試問:是否存在實數(shù),使得的長為定值?若存在,求出的值;若不存在,請說明理由. 【答案】(1);(2)時, , 的長為定值. (2)設直線的方程為,代入拋物線方程可得, 設 ,則, ,① 由得: , 整理得,② 將①代入②解得,∴直線, ∵圓心到直線l的距離,∴, 顯然當時, , 的長為定值. 點睛:本題主要考查了拋物線的性質,直線與拋物線的位置關系,直線與圓的位置關系,難度中檔;拋物線上點的特征,拋物線上任意一點到焦點的距離和到準線的距離相等,即為,兩直線垂直即可轉化為斜率也可轉化為數(shù)量積為0,直線與圓相交截得的弦長的一半,圓的半徑以及圓心到直線的距離可構成直角三角形.

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