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突破點15 圓錐曲線中的綜合問題(酌情自選)
提煉1
解答圓錐曲線的定值、定點問題,從三個方面把握
(1)從特殊開始,求出定值,再證明該值與變量無關(guān).
(2)直接推理、計算,在整個過程中消去變量,得定值.
(3)在含有參數(shù)的曲線方程里面,把參數(shù)從含有參數(shù)的項里面分離出來,并令其系數(shù)為零,可以解出定點坐標(biāo).
提煉2
用代數(shù)法求最值與范圍問題時從下面幾個方面入手
(1)若直線和圓錐曲線有兩個不同的交點,則可以利用判別式求范圍.
(2)若已知曲線上任意一點、一定點或與定點構(gòu)成的圖形,則利用圓錐曲線的性質(zhì)(性質(zhì)中的范圍)求解.
(3)利用隱含或已知的不等關(guān)系式直接求范圍.
(4)利用基本不等式求最值與范圍.
(5)利用函數(shù)值域的方法求最值與范圍.
提煉3
與圓錐曲線有關(guān)的探索性問題
(1)給出問題的一些特殊關(guān)系,要求探索出一些規(guī)律,并能論證所得規(guī)律的正確性.通常要對已知關(guān)系進(jìn)行觀察、比較、分析,然后概括出一般規(guī)律.
(2)對于只給出條件,探求“是否存在”類型問題,一般要先對結(jié)論作出肯定存在的假設(shè),然后由假設(shè)出發(fā),結(jié)合已知條件進(jìn)行推理,若推出相符的結(jié)論,則存在性得到論證;若推出矛盾,則假設(shè)不存在.
回訪1 圓錐曲線的定值、定點問題
1.(2015全國卷Ⅱ)已知橢圓C:+=1(a>b>0)的離心率為,點(2,)在C上.
(1)求C的方程;
(2)直線l不過原點O且不平行于坐標(biāo)軸,l與C有兩個交點A,B,線段AB的中點為M.證明:直線OM的斜率與直線l的斜率的乘積為定值.
解] (1)由題意有=,+=1,2分
解得a2=8,b2=4.3分
所以C的方程為+=1.4分
(2)證明:設(shè)直線l:y=kx+b(k≠0,b≠0),A(x1,y1),B(x2,y2),M(xM,yM).
將y=kx+b代入+=1,得
(2k2+1)x2+4kbx+2b2-8=0.6分
故xM==,yM=kxM+b=.8分
于是直線OM的斜率kOM==-,
即kOMk=-.11分
所以直線OM的斜率與直線l的斜率的乘積為定值.12分
回訪2 圓錐曲線中的最值與范圍問題
2.(2014北京高考)已知橢圓C:x2+2y2=4.
(1)求橢圓C的離心率;
(2)設(shè)O為原點,若點A在直線y=2上,點B在橢圓C上,且OA⊥OB,求線段AB長度的最小值.
解] (1)由題意,橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程為+=1,2分
所以a2=4,b2=2,從而c2=a2-b2=2.
因此a=2,c=.
故橢圓C的離心率e==.5分
(2)設(shè)點A,B的坐標(biāo)分別為(t,2),(x0,y0),其中x0≠0.
因為OA⊥OB,所以=0,即tx0+2y0=0,解得t=-.7分
又x+2y=4,所以|AB|2=(x0-t)2+(y0-2)2=2+(y0-2)2=x+y++4=x+++4=++4(0<x≤4).12分
因為+≥4(0
b>0)的離心率是,點P(0,1)在短軸CD上,且=-1.
(1)求橢圓E的方程;
(2)設(shè)O為坐標(biāo)原點,過點P的動直線與橢圓交于A,B兩點.是否存在常數(shù)λ,使得+λ為定值?若存在,求λ的值;若不存在,請說明理由.
解] (1)由已知,點C,D的坐標(biāo)分別為(0,-b),(0,b).
又點P的坐標(biāo)為(0,1),且=-1,
于是解得a=2,b=.
所以橢圓E的方程為+=1.4分
(2)當(dāng)直線AB的斜率存在時,設(shè)直線AB的方程為y=kx+1,A,B的坐標(biāo)分別為(x1,y1),(x2,y2).
聯(lián)立得(2k2+1)x2+4kx-2=0.
其判別式Δ=(4k)2+8(2k2+1)>0,
所以x1+x2=-,x1x2=-.6分
從而,+λ
=x1x2+y1y2+λx1x2+(y1-1)(y2-1)]
=(1+λ)(1+k2)x1x2+k(x1+x2)+1
=
=--λ-2.9分
所以,當(dāng)λ=1時,--λ-2=-3.
此時,+λ=-3為定值.10分
當(dāng)直線AB斜率不存在時,直線AB即為直線CD.
此時,+λ=+=-2-1=-3.12分
故存在常數(shù)λ=1,使得+λ為定值-3.13分
熱點題型1 圓錐曲線中的定值問題
題型分析:圓錐曲線中的定值問題是近幾年高考的熱點內(nèi)容,解決這類問題的關(guān)鍵是引入變化的參數(shù)表示直線方程、數(shù)量積、比例關(guān)系等,根據(jù)等式恒成立,數(shù)式變換等尋找不受參數(shù)影響的量.
(2016重慶二模)已知橢圓C:+=1(a>b>0)上一點P與橢圓右焦點的連線垂直于x軸,直線l:y=kx+m與橢圓C相交于A,B兩點(均不在坐標(biāo)軸上).
(1)求橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程;
(2)設(shè)O為坐標(biāo)原點,若△AOB的面積為,試判斷直線OA與OB的斜率之積是否為定值?
【導(dǎo)學(xué)號:85952055】
解] (1)由題意知解得3分
∴橢圓C的標(biāo)準(zhǔn)方程為+=1.4分
(2)設(shè)點A(x1,y1),B(x2,y2),
由得(4k2+3)x2+8kmx+4m2-12=0,5分
由Δ=(8km)2-16(4k2+3)(m2-3)>0,得m2<4k2+3.6分
∵x1+x2=,x1x2=,
∴S△OAB=|m||x1-x2|=|m|=,8分
化簡得4k2+3-2m2=0,滿足Δ>0,從而有4k2-m2=m2-3(*),9分
∴kOAkOB===
==-,由(*)式,得=1,
∴kOAkOB=-,即直線OA與OB的斜率之積為定值-.12分
求解定值問題的兩大途徑
1.→
2.先將式子用動點坐標(biāo)或動線中的參數(shù)表示,再利用其滿足的約束條件使其絕對值相等的正負(fù)項抵消或分子、分母約分得定值.
變式訓(xùn)練1] (2016北京高考)已知橢圓C:+=1過A(2,0),B(0,1)兩點.
(1)求橢圓C的方程及離心率;
(2)設(shè)P為第三象限內(nèi)一點且在橢圓C上,直線PA與y軸交于點M,直線PB與x軸交于點N,求證:四邊形ABNM的面積為定值.
解] (1)由題意得a=2,b=1,
∴橢圓C的方程為+y2=1.3分
又c==,∴離心率e==.5分
(2)證明:設(shè)P(x0,y0)(x0<0,y0<0),則x+4y=4.6分
又A(2,0),B(0,1),
∴直線PA的方程為y=(x-2).
令x=0,得yM=-,從而|BM|=1-yM=1+.9分
直線PB的方程為y=x+1.
令y=0,得xN=-,從而|AN|=2-xN=2+.12分
∴四邊形ABNM的面積S=|AN||BM|
=
=
==2.
從而四邊形ABNM的面積為定值.14分
熱點題型2 圓錐曲線中的最值、范圍問題
題型分析:圓錐曲線中的最值、范圍問題是高考重點考查的內(nèi)容,解決此類問題常用的方法是幾何法和代數(shù)法.
(2016全國乙卷)設(shè)圓x2+y2+2x-15=0的圓心為A,直線l過點B(1,0)且與x軸不重合,l交圓A于C,D兩點,過B作AC的平行線交AD于點E.
(1)證明|EA|+|EB|為定值,并寫出點E的軌跡方程;
(2)設(shè)點E的軌跡為曲線C1,直線l交C1于M,N兩點,過B且與l垂直的直線與圓A交于P,Q兩點,求四邊形MPNQ面積的取值范圍.
解] (1)因為|AD|=|AC|,EB∥AC,
所以∠EBD=∠ACD=∠ADC,所以|EB|=|ED|,
故|EA|+|EB|=|EA|+|ED|=|AD|.
又圓A的標(biāo)準(zhǔn)方程為(x+1)2+y2=16,從而|AD|=4,
所以|EA|+|EB|=4.2分
由題設(shè)得A(-1,0),B(1,0),|AB|=2,
由橢圓定義可得點E的軌跡方程為+=1(y≠0).4分
(2)當(dāng)l與x軸不垂直時,設(shè)l的方程為y=k(x-1)(k≠0),M(x1,y1),N(x2,y2).
由得(4k2+3)x2-8k2x+4k2-12=0,
則x1+x2=,x1x2=.
所以|MN|=|x1-x2|=.
過點B(1,0)且與l垂直的直線m:y=-(x-1),點A到直線m的距離為,6分
所以|PQ|=2=4.
故四邊形MPNQ的面積S=|MN|| PQ|=12.8分
可得當(dāng)l與x軸不垂直時,四邊形MPNQ面積的取值范圍為(12,8).10分
當(dāng)l與x軸垂直時,其方程為x=1,|MN|=3,|PQ|=8,
故四邊形MPNQ的面積為12.
綜上,四邊形MPNQ面積的取值范圍為12,8).12分
與圓錐曲線有關(guān)的取值范圍問題的三種解法
1.?dāng)?shù)形結(jié)合法:利用待求量的幾何意義,確定出極端位置后數(shù)形結(jié)合求解.
2.構(gòu)建不等式法:利用已知或隱含的不等關(guān)系,構(gòu)建以待求量為元的不等式求解.
3.構(gòu)建函數(shù)法:先引入變量構(gòu)建以待求量為因變量的函數(shù),再求其值域.
變式訓(xùn)練2] (名師押題)已知拋物線C:x2=2py(p>0),過其焦點作斜率為1的直線l交拋物線C于M,N兩點,且|MN|=16.
(1)求拋物線C的方程;
(2)已知動圓P的圓心在拋物線C上,且過定點D(0,4),若動圓P與x軸交于A,B兩點,求+的最大值.
解] (1)設(shè)拋物線的焦點為F,則直線l:y=x+.
由得x2-2px-p2=0,
∴x1+x2=2p,∴y1+y2=3p,
∴|MN|=y(tǒng)1+y2+p=4p=16,∴p=4,
∴拋物線C的方程為x2=8y.4分
(2)設(shè)動圓圓心P(x0,y0),A(x1,0),B(x2,0),
則x=8y0,且圓P:(x-x0)2+(y-y0)2=x+(y0-4)2,
令y=0,整理得x2-2x0x+x-16=0,
解得x1=x0-4,x2=x0+4,6分
設(shè)t====,
當(dāng)x0=0時,t=1,?、?分
當(dāng)x0≠0時,t=.
∵x0>0,∴x0+≥8,
∴t≥==-1,且t<1,?、?
綜上①②知-1≤t≤1.9分
∵f(t)=t+在-1,1]上單調(diào)遞減,
∴+=t+≤-1+=2,
當(dāng)且僅當(dāng)t=-1,即x0=4時等號成立.
∴+的最大值為2.12分
熱點題型3 圓錐曲線中的探索性問題
題型分析:探索性問題一般分為探究條件和探究結(jié)論兩種類型,若探究條件,則可先假設(shè)條件成立,再驗證結(jié)論是否成立,成立則存在,否則不存在.若探究結(jié)論,則應(yīng)先寫出結(jié)論的表達(dá)式,再針對表達(dá)式進(jìn)行討論,往往涉及對參數(shù)的討論.
(2016長沙二模)如圖152,在平面直角坐標(biāo)系xOy中,已知F1,F(xiàn)2分別是橢圓E:+=1(a>b>0)的左、右焦點,A,B分別是橢圓E的左、右頂點,D(1,0)為線段OF2的中點,且+5=0.
圖152
(1)求橢圓E的方程;
(2)若M為橢圓E上的動點(異于點A,B),連接MF1并延長交橢圓E于點N,連接MD,ND并分別延長交橢圓E于點P,Q,連接PQ,設(shè)直線MN,PQ的斜率存在且分別為k1,k2.試問是否存在常數(shù)λ,使得k1+λk2=0恒成立?若存在,求出λ的值;若不存在,說明理由.
解題指導(dǎo)] (1)→→+5=0→→
(2)→→→→→→→
解] (1)∵+5=0,∴=5,∵a+c=5(a-c),化簡得2a=3c,又點D(1,0)為線段OF2的中點,∴c=2,從而a=3,b=,左焦點F1(-2,0),故橢圓E的方程為+=1.4分
(2)假設(shè)存在滿足條件的常數(shù)λ,使得k1+λk2=0恒成立,
設(shè)M(x1,y1),N(x2,y2),P(x3,y3),Q(x4,y4),
則直線MD的方程為x=y(tǒng)+1,代入橢圓方程+=1,整理得,y2+y-4=0,6分
∵y1+y3=,∴y3=,從而x3=,故點P,
同理,點Q.8分
∵三點M,F(xiàn)1,N共線,∴=,
從而x1y2-x2y1=2(y1-y2),從而k2=====,故k1-=0,從而存在滿足條件的常數(shù)λ,λ=-.12分
探索性問題求解的思路及策略
1.思路:先假設(shè)存在,推證滿足條件的結(jié)論,若結(jié)論正確,則存在;若結(jié)論不正確,則不存在.
2.策略:(1)當(dāng)條件和結(jié)論不唯一時要分類討論;(2)當(dāng)給出結(jié)論而要推導(dǎo)出存在的條件時,先假設(shè)成立,再推出條件.
變式訓(xùn)練3] (2016哈爾濱二模)已知橢圓C:+=1(a>b>0)的焦點分別為F1(-,0),F(xiàn)2(,0),點P在橢圓C上,滿足|PF1|=7|PF2|,tan∠F1PF2=4.
(1)求橢圓C的方程;
(2)已知點A(1,0),試探究是否存在直線l:y=kx+m與橢圓C交于D,E兩點,且使得|AD|=|AE|?若存在,求出k的取值范圍;若不存在,請說明理由.
【導(dǎo)學(xué)號:85952056】
解] (1)由|PF1|=7|PF2|,PF1+PF2=2a得PF1=,PF2=.2分
由余弦定理得cos∠F1PF==,∴a=2,∴所求C的方程為+y2=1.4分
(2)假設(shè)存在直線l滿足題設(shè),設(shè)D(x1,y1),E(x2,y2),將y=kx+m代入+y2=1并整理得(1+4k2)x2+8kmx+4m2-4=0,由Δ=64k2m2-4(1+4k2)(4m2-4)=-16(m2-4k2-1)>0,得4k2+1>m2.①6分
又x1+x2=-.
設(shè)D,E中點為M(x0,y0),M,kAMk=-1,得m=-,②8分
將②代入①得4k2+1>2,化簡得20k4+k2-1>0?(4k2+1)(5k2-1)>0,解得k>或k<-,所以存在直線l,使得|AD|=|AE|,此時k的取值范圍為∪.12分
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