2019-2020年高三第二次質(zhì)量檢測(cè) 物理試題.doc

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2019-2020年高三第二次質(zhì)量檢測(cè) 物理試題 本試卷分第I卷（選擇題）和第II卷（非選擇題）兩部分，滿分100分，考試用時(shí)90分鐘。 注意事項(xiàng)： 1.答第I卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、考號(hào)、考試科目、試卷類型用2B鉛筆涂寫在答題卡上。 2.每小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案，不能答在試題卷上。 一、選擇題（每小題的四個(gè)選項(xiàng)中，有的小題只有一個(gè)選項(xiàng)正確，有的小題有多個(gè)選項(xiàng)正確。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分。） 1.許多科學(xué)家對(duì)物理學(xué)的發(fā)展作出了巨大貢獻(xiàn)，也創(chuàng)造了許多物理學(xué)方法，如理想實(shí)驗(yàn)法、控制變量法、極限思想法、建立物理模型法、類比法和科學(xué)假說(shuō)法等等。以下關(guān)于物理學(xué)史和所用物理學(xué)方法的敘述正確的是 A.卡文迪許測(cè)出引力常量用了放大法 B.伽利略為了說(shuō)明力是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因用了理想實(shí)驗(yàn)法 C.在不需要考慮物體本身的形狀和大小時(shí)，用質(zhì)點(diǎn)來(lái)代替物體的方法叫假設(shè)法 D.在推導(dǎo)勻變速直線運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)，把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過(guò)程劃分成很多很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)，然后把各小段的位移相加之和代表物體的位移，這里采用了微元法 【答案】AD 【解析】卡文迪許測(cè)出引力常量用了放大法，A正確；伽利略不考慮空氣阻力，采用了理想模型的方法說(shuō)明力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，B說(shuō)法錯(cuò)誤；質(zhì)點(diǎn)是理想化的物理模型，故C錯(cuò)誤;在探究勻變速運(yùn)動(dòng)的位移公式時(shí)，采用了微元法將變速運(yùn)動(dòng)無(wú)限微分后變成了一段段的勻速運(yùn)動(dòng)，即采用了微元法；故D正確. 2.如圖所示，一輕彈簧的左端固定，右端與一小球相連，小球處于光滑水面上，現(xiàn)對(duì)小球施加一個(gè)方向水平向右的恒力F，使小球從靜止開始運(yùn)動(dòng)。則小球在向右運(yùn)動(dòng)的整個(gè)過(guò)程中： A.小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒 B.小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能逐漸增大 C.小球的動(dòng)能逐漸增大 D.小球的動(dòng)能先增大后減小 【答案】BD 【解析】小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中恒力F做正功，小球和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能增大，A錯(cuò)誤B正確；小球向右運(yùn)動(dòng)時(shí)彈簧對(duì)小球的拉力逐漸增大，所以小球先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，后做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，動(dòng)能先增大后減小，C錯(cuò)誤D正確。 3.如圖所示的直角三角板緊貼在固定的刻度尺上方，一支鉛筆沿三角板直角邊向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)同時(shí)，三角板沿刻度尺向右勻加速運(yùn)動(dòng)，下列關(guān)于鉛筆尖的運(yùn)動(dòng)及其留下的痕跡的判斷，其中正確的有 A.筆尖留下的痕跡是一條傾斜的直線 B.筆尖留下的痕跡是一條曲線 C.在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，筆尖的速度方向始終保持不變 D.在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，筆尖的加速度方向始終保持不變 【答案】BD 【解析】由題可知，鉛筆尖既隨三角板向右勻加速運(yùn)動(dòng)，又沿三角板直角邊向上做勻速運(yùn)動(dòng)，其運(yùn)動(dòng)軌跡是向下彎曲的拋物線．故A錯(cuò)誤，B正確．在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中，筆尖運(yùn)動(dòng)的速度方向是軌跡的切線方向，時(shí)刻在變化．故C錯(cuò)誤．筆尖豎直方向的加速度為零，水平方向加速度的方向水平向右，則根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成規(guī)律可知，筆尖運(yùn)動(dòng)的加速度方向始終水平向右，保持不變．故D正確． 4.xx北京奧運(yùn)會(huì)取得了舉世矚目的成功，某運(yùn)動(dòng)員（可看作質(zhì)點(diǎn)）參加跳板跳水比賽，起跳過(guò)程中，將運(yùn)動(dòng)員離開跳板時(shí)做為計(jì)時(shí)起點(diǎn)，其速度與時(shí)間關(guān)系圖象如圖所示，則 A.時(shí)刻開始進(jìn)入水面 B.時(shí)刻開始進(jìn)入水面 C.時(shí)刻已浮出水面 D.的時(shí)間內(nèi)，運(yùn)動(dòng)員處于失重狀態(tài) 【答案】BD 【解析】由題圖可知，0-時(shí)間內(nèi)，運(yùn)動(dòng)員向上做勻減速運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻運(yùn)動(dòng)的最高點(diǎn)，-時(shí)間向下做勻加速運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻開始進(jìn)入水面，-時(shí)間內(nèi)勻減速直到在水中靜止。綜上所述，易知BD選項(xiàng)正確。 5.如圖所示，質(zhì)量為m的滑塊靜止置于傾角為30的粗糙斜面上，一根輕彈簧一端固定在豎直墻上的P點(diǎn)，另一端系在滑塊上，彈簧與豎直方向的夾角為30，則 A.滑塊可能受到三個(gè)力作用 B.彈簧一定處于壓縮狀態(tài) C.斜面對(duì)滑塊的支持力大小可能為零 D.斜面對(duì)滑塊的摩擦力大小一定等于 【答案】AD 【解析】由于最大靜摩擦力大小不確定，所以滑塊可能只受重力、斜面支持力和摩擦力三個(gè)力的作用而平衡，此時(shí)彈簧彈力為零，處于原長(zhǎng)狀態(tài)，A正確B錯(cuò)誤；由于滑塊受到的摩擦力始終等于重力沿斜面向下的分力（等于），不可能為零，所以斜面對(duì)滑塊的支持力不可能為零，C錯(cuò)誤D正確。 6.如圖所示，在粗糙水平地面上放著一個(gè)截面為四分之一圓弧的柱狀物體A，A的左端緊靠直墻，A與豎直墻之間放一光滑圓球B，整個(gè)裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)。把A向右移動(dòng)少許后，它們?nèi)蕴幱陟o止?fàn)顟B(tài)，則 A.B對(duì)墻的壓力增大 B.A與B之間的作用力減小 C.地面對(duì)A的摩擦力減小 D.A對(duì)地面的壓力減小 【答案】BC 【解析】對(duì)小球B受力分析，作出平行四邊形如圖所示： A滑動(dòng)前，B球受墻壁及A的彈力的合力與重力大小相等，方向相反；如圖中實(shí)線所示；而將A向外平移后，B受彈力的方向?qū)⑸弦疲缣摼€所示，但B仍受力平衡，由圖可知A對(duì)球B的彈力及墻壁對(duì)球的彈力均減??；故A錯(cuò)誤，B正確；以AB為整體分析，水平方向上受墻壁的彈力和地面的摩擦力而處于平衡狀態(tài)，彈力減小，故摩擦力減小，故C正確；豎直方向上受重力及地面的支持力，兩物體的重力不變，故A對(duì)地面的壓力不變，故D錯(cuò)誤；故選BC． 7.如圖所示，質(zhì)量為m的物體（可視為質(zhì)點(diǎn)）以某初速度從A點(diǎn)沖上傾角為30的固定斜面，其運(yùn)動(dòng)的加速度大小為，沿斜面上升的最大高度為h，則在沿斜面上升的全過(guò)程中.下列說(shuō)法正確的是 A.物體的重力勢(shì)能增加了 B.物體的重力勢(shì)能增加了mgh C.物體的機(jī)械能損失了 D.物體的動(dòng)能減少了mgh 【答案】BC 【解析】加速度a= g= ，摩擦力f= mg，物體在斜面上能夠上升的最大高度為h，所以重力勢(shì)能增加了mgh，故A錯(cuò)誤B正確；機(jī)械能的損失量為fs=mg?2h= mgh，故C正確；動(dòng)能損失量為合外力做的功的大小△Ek=F合外力?s=mg?2h= mgh，故D錯(cuò)誤。 8.如圖所示，在矩形ABCD的AD邊和BC邊的中點(diǎn)M、N各放一個(gè)點(diǎn)電荷，它們分別帶等量的正電荷，E、F分別是AB邊和CD邊的中點(diǎn)，P、Q兩點(diǎn)在MN的連線上，MP=QN,下列說(shuō)法正確的是 A.E、F兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同 B.P、Q兩點(diǎn)的電勢(shì)相同 C.將電子沿直線從E點(diǎn)移到F點(diǎn)電場(chǎng)力不做功 D.將電子沿直線從E點(diǎn)移到F點(diǎn)，電子的電勢(shì)能減少 【答案】B 【解析】由兩等量正點(diǎn)電荷形成的電場(chǎng)分布特點(diǎn)可知，E、F兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等，方向相反，P、Q兩點(diǎn)的電勢(shì)相同，將電子沿直線從E點(diǎn)移到F點(diǎn)電場(chǎng)力先做正功再做負(fù)功，電勢(shì)能先減小再增大，只有選項(xiàng)B正確。 9.如圖所示，虛線a、b、c代表電場(chǎng)中三個(gè)等勢(shì)面，相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等，即Uab=Ubc，實(shí)線為一帶電質(zhì)點(diǎn)僅在電場(chǎng)力作用下通過(guò)該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡，P、Q是這條軌跡上的兩點(diǎn)，據(jù)此可知 A.三個(gè)等勢(shì)面中，a的電勢(shì)最高 B.帶電質(zhì)點(diǎn)在p點(diǎn)具有的電勢(shì)能比在Q點(diǎn)具有電勢(shì)能大 C.帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)p點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能比通過(guò)Q點(diǎn)時(shí)大 D.帶電質(zhì)點(diǎn)通過(guò)p點(diǎn)時(shí)的加速度比通過(guò)Q點(diǎn)時(shí)大 【答案】BD 【解析】根據(jù)軌跡彎曲的方向和電場(chǎng)線與等勢(shì)線垂直，畫出P、Q兩點(diǎn)處電場(chǎng)力的方向，如圖． 由于帶點(diǎn)質(zhì)點(diǎn)的電性不確定，所以電場(chǎng)強(qiáng)度的方向不確定，三個(gè)等勢(shì)面的電勢(shì)高低不確定，故A錯(cuò)誤．質(zhì)點(diǎn)從P到Q過(guò)程，電場(chǎng)力做正功，質(zhì)點(diǎn)的電勢(shì)能減小，動(dòng)能增大，則質(zhì)點(diǎn)在P點(diǎn)具有的電勢(shì)能比在Q點(diǎn)具有的電勢(shì)能大，通過(guò)P點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能比通過(guò)Q點(diǎn)時(shí)?。蔅正確，C錯(cuò)誤．據(jù)題，相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等，而P處等差等勢(shì)面較密，則P點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)較大，質(zhì)點(diǎn)通過(guò)P點(diǎn)時(shí)的加速度比通過(guò)Q點(diǎn)時(shí)大．故D正確． 10.如果在地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的速率v1，近地衛(wèi)星的向心加速度為a1，地球半徑為R，同步衛(wèi)星離地心距離為r，運(yùn)行速率為v2，加速度a2；那么下列比值正確的為 A. B. C. D. 【答案】B 【解析】對(duì)于地球同步衛(wèi)星和近地衛(wèi)星，由萬(wàn)有引力提供做勻速圓周運(yùn)動(dòng)所需向心力得到： = ， = 得：，故A錯(cuò)誤B正確．因?yàn)榈厍蛲叫l(wèi)星的角速度和地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的角速度相同，由a1=ω2R，a2=ω2r可得，，故C、D錯(cuò)誤。 11.如圖所示，平行金屬板中帶電質(zhì)點(diǎn)p原處于靜止?fàn)顟B(tài)，不考慮電流表和電壓表對(duì)電路的影響，當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，則 A.電壓表讀數(shù)減小 B.電流表讀數(shù)減小 C.質(zhì)點(diǎn)p將向上運(yùn)動(dòng) D.R3上消耗的功率逐漸增大 【答案】A 【解析】當(dāng)滑動(dòng)變阻器R4的滑片向b端移動(dòng)時(shí)，變阻器接入電路的阻值減小，外電路總電阻減小，總電流變大，則r和兩端電壓增大，加在兩端的電壓減小，質(zhì)點(diǎn)P向下運(yùn)動(dòng)，C錯(cuò)；所以流過(guò)的電流減小，R3上消耗的功率減小，D錯(cuò)；由于總電流變大，所以流過(guò)和的電流增大，電流表讀數(shù)增大，B錯(cuò)；兩端電壓增大，兩端的電壓減小，所以兩端電壓減小，電壓表讀數(shù)減小，A對(duì)。 12.用電動(dòng)勢(shì)為E、內(nèi)電阻為r的電池組直接向線圈電阻為R的電動(dòng)機(jī)供電，電動(dòng)機(jī)正常工作后，測(cè)得通過(guò)的電流為l、電動(dòng)機(jī)兩端的電壓為U，則 A.電路中電流 B.在時(shí)間t內(nèi)，電池組消耗的化學(xué)能為 C.在時(shí)間內(nèi)，電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械能是 D.以上說(shuō)法都不對(duì) 【答案】B 【解析】當(dāng)電動(dòng)機(jī)正常工作時(shí)，其電路是非純電阻電路，，故A錯(cuò)誤．由電源定義知在時(shí)間t內(nèi)，電池組消耗的化學(xué)能為IEt，B對(duì)；電動(dòng)機(jī)的輸出功率是機(jī)械功率，根據(jù)能量守恒定律得，P出=P電-P熱=UI-I2R，在時(shí)間t內(nèi)，電動(dòng)機(jī)輸出的機(jī)械能是IUt-I2Rt，故C、D錯(cuò)。 13.已知神舟八號(hào)飛船在離地球表面h高處的軌道上做周期為T的勻速圓周運(yùn)動(dòng)，地球的半徑R，萬(wàn)有引力常量為G。在該軌道上，神舟八號(hào)航天飛船 A.運(yùn)行的線速度大小為 B.運(yùn)行的線速度小于第一宇宙速度 C.運(yùn)行時(shí)的向心加速度大小 D.地球表面的重力加速度大小為 【答案】BCD 【解析】神舟八號(hào)的軌道半徑等于r=R+h，v= ．故A錯(cuò)誤．根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力G=m，得v= ，神舟八號(hào)的軌道半徑大于地球半徑，所以“神舟”八號(hào)在該軌道上運(yùn)行的線速度小于第一宇宙速度．故B正確．a(chǎn)=r()2= ．故C正確。根據(jù)G =mr（）2，M= ，再根據(jù)萬(wàn)有引力等于重力G =mg，g= ．故D正確．故選BCD． 第II卷（共48分） 二、實(shí)驗(yàn)（13分） 14.（4分）某同學(xué)“探究小車的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律”的實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示。小車放在斜面上，車前端拴有不可伸長(zhǎng)的細(xì)線，跨過(guò)固定在斜面邊緣的小滑輪與重物相連，小車后面與穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連。開始時(shí)，小車停在靠近打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的位置，重物到地面的距離小于小車到滑輪的距離。啟動(dòng)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器，釋放重物，小車在重物牽引下，由靜止開始沿斜面向上運(yùn)動(dòng)；重物落地后，小車會(huì)繼續(xù)向上運(yùn)動(dòng)一段距離。打點(diǎn)計(jì)時(shí)器使用的交流電頻率為50Hz。某次實(shí)驗(yàn)打出的紙帶如圖乙所示，圖中a、b、c是紙帶上的三段，紙帶運(yùn)動(dòng)方向如圖中箭頭所示。 （1）根據(jù)所提供的紙帶和數(shù)據(jù)，計(jì)算打c段紙帶時(shí)小車的加速度大小為_______m/s2（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）。 （2）判斷小車運(yùn)動(dòng)的最大速度可能出現(xiàn)在b段紙帶中的__________兩點(diǎn)之間。 【答案】(1)5.0 (2)D4、D5 【解析】：（1）根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的推論得：a==5.0m/s2． （2）從紙帶b上可發(fā)現(xiàn)：相鄰的點(diǎn)距離先增大后減小，由于打點(diǎn)計(jì)時(shí)器打點(diǎn)的時(shí)間間隔是相等的，所以b段紙帶先加速后減速，所以最大速度可能出現(xiàn)在b段紙帶中長(zhǎng)度為2.98cm的一段. 15.（9分）欲用伏安法測(cè)定一段阻值約為5左右的金屬導(dǎo)線的電阻，要求測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，現(xiàn)備有以下器材： A.電池組（3V，內(nèi)阻1） B.電流表（0~3A，內(nèi)阻0.0125） C.電流表（0~0.6A，內(nèi)阻0.125） D.電壓表（0~3V，內(nèi)阻3k） E.電壓表（0~15V，內(nèi)阻15k） F.滑動(dòng)變阻器（0~20，額定電流1A） G.滑動(dòng)變阻器（0~xx，額定電流0.3A） H.開關(guān)、導(dǎo)線 （1）上述器材中應(yīng)選用的是__________________；（填寫各器材的字母代號(hào)） （2）實(shí)驗(yàn)電路應(yīng)采用電流表______________接法；（填“內(nèi)”或“外”） （3）設(shè)實(shí)驗(yàn)中，電流表、電壓表的某組示數(shù)如下圖所示，圖示中I=_______A，U=_______V。 （4）為使通過(guò)待測(cè)金屬導(dǎo)線的電流能在0~0.5A范圍內(nèi)改變請(qǐng)按要求在下面方框內(nèi)畫出測(cè)量待測(cè)金屬導(dǎo)線的電阻Rx的原理電路圖. （5）某學(xué)生用螺旋測(cè)微器在測(cè)定某一金屬絲的直徑時(shí)，測(cè)得的結(jié)果如圖所示，則該金屬絲的直徑d=_________mm。另一位學(xué)生用游標(biāo)尺上標(biāo)有20等分刻度的游標(biāo)卡尺測(cè)一工件的長(zhǎng)度，測(cè)得的結(jié)果如下右圖所示，則該工件的長(zhǎng)度L=_________mm。 【答案】（1）ACDFH （2）外 （3）0.48 2.20 （4）見解析（5）3.205 50.15 【解析】：（1）電源必須選擇；由于電源電動(dòng)勢(shì)3V，電阻大約5Ω，故最大電流不超過(guò)0.6A，為減小誤差，選擇較小的量程，故選0.6A的電流表；由于電源電動(dòng)勢(shì)3V，為減小誤差，選擇較小的量程，故選3V量程的電壓表；為使操作方便，選擇電阻值較小的滑動(dòng)變阻器；故答案為：ACDFH． （2）由于＞＞，故待測(cè)電阻的阻值與安培表內(nèi)阻相接近，如果采用內(nèi)接法，安培表的分壓作用較大，故應(yīng)該選用安培表外接法；故答案為：外． （3）電流表示數(shù)0.48A，電壓表示數(shù)2.20V。 （4）電路圖如下圖 （5）螺旋測(cè)微器的固定刻度讀數(shù)3mm，可動(dòng)刻度讀數(shù)為0.0120.5=0.205mm，所以最終讀數(shù)為：固定刻度讀數(shù)+可動(dòng)刻度讀數(shù)=3mm+0.205mm=3.205mm. 游標(biāo)卡尺的主尺讀數(shù)為50mm，游標(biāo)尺上第3個(gè)刻度和主尺上某一刻度對(duì)齊，游標(biāo)讀數(shù)為0.053mm=0.15mm，所以最終讀數(shù)為：主尺讀數(shù)+游標(biāo)尺讀數(shù)=50mm+0.15mm=50.15mm。 三、計(jì)算題（35分） 16.（10分）如圖所示，質(zhì)量為m=lkg的小物塊由靜止輕輕放在水平勻速運(yùn)動(dòng)的傳送帶上，從A點(diǎn)隨傳送帶運(yùn)動(dòng)到水平部分的最右端B點(diǎn)，經(jīng)半圓軌道C點(diǎn)沿圓弧切線進(jìn)入豎直光滑的半圓軌道，恰能做圓周運(yùn)動(dòng)。C點(diǎn)在B點(diǎn)的正上方，D點(diǎn)為軌道的最低點(diǎn)。小物塊離開D點(diǎn)后，做平拋運(yùn)動(dòng)，恰好垂直于傾斜擋板打在擋板跟水平面相交的E點(diǎn)。已知半圓軌道的半徑R=0.9m，D點(diǎn)距水平面的高度h=0.75m，取g=10m/s2，試求： （1）摩擦力對(duì)物塊做的功； （2）小物塊經(jīng)過(guò)D點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道壓力的大??； （3）傾斜擋板與水平面間的夾角。 【答案】見解析 【解析】 17.如圖甲所示，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的兩個(gè)平行極板水平放置，板工L=0.08m，板距足夠大，兩板的右側(cè)有水平寬度I=0.06m、豎直寬度足夠大的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一個(gè)比荷為的帶負(fù)電粒子（其重力不計(jì)）以速度從兩板中間沿與板平行的方向射入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)時(shí)，偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)恰好按圖乙所示的規(guī)律變化，粒子離開偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)后進(jìn)入勻強(qiáng)磁場(chǎng)，最終垂直于磁場(chǎng)右邊界射出.求： （1）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的速率v； （2）粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌道半徑R； （3）磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B。 【答案】見解析 【解析】 18.（13分）如圖所示，一薄的長(zhǎng)木板B置于光滑水平地面上，長(zhǎng)度為L(zhǎng)=0.25m、質(zhì)量為M=4kg。另有一質(zhì)量為m=2kg的小滑塊A置于木板的左端，二者均相對(duì)地面靜止。已知A與B之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，且最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，若B受到如圖所示的水平外力F作用，求： （1）0~2s時(shí)間內(nèi)，B在水平地面上的滑動(dòng)的距離； （2）2s~4s時(shí)間內(nèi)，B在水平地面上滑動(dòng)的距離。 【答案】見解析 【解析】