2019年高考物理一輪復習 6-3電容器帶電粒子在電場中的運動同步檢測試題.doc

《2019年高考物理一輪復習 6-3電容器帶電粒子在電場中的運動同步檢測試題.doc》由會員分享，可在線閱讀，更多相關《2019年高考物理一輪復習 6-3電容器帶電粒子在電場中的運動同步檢測試題.doc（14頁珍藏版）》請在裝配圖網(wǎng)上搜索。

2019年高考物理一輪復習 6-3電容器帶電粒子在電場中的運動同步檢測試題 1．(多選題)冬天當脫毛衫時，靜電經(jīng)常會跟你開個小玩笑．下列一些相關的說法中正確的是(　　) A．在將外衣脫下的過程中，內外衣間摩擦起電，內衣和外衣所帶的電荷是同種電荷 B．如果內外兩件衣服可看作電容器的兩極，并且在將外衣脫下的某個過程中兩衣間電荷量一定，隨著兩衣間距離的增大，兩衣間電容變小，則兩衣間的電勢差也將變小 C．在將外衣脫下的過程中，內外兩衣間隔增大，衣物上電荷的電勢能將增大(若不計放電中和) D．脫衣時如果人體帶上了正電，當手接近金屬門把時，由于手與門把間空氣電離會造成對人體輕微的電擊 解析：根據(jù)電荷守恒知，A錯；由C＝和C∝知，當內外衣之間的距離d增大時，兩衣間的電勢差增大，B錯；因為內外衣所帶的是異種電荷，產(chǎn)生靜電引力作用，故當兩衣之間的距離增大時，電場力做負功，電荷的電勢能增大，C對；由于人體帶上正電荷，當手靠近金屬門把時，產(chǎn)生靜電感應現(xiàn)象，當兩者之間的電壓足以使空氣電離時，產(chǎn)生放電現(xiàn)象，故人感覺到有輕微的電擊，D也正確． 答案：CD 圖23－1 2．[xx廣東高考]噴墨打印機的簡化模型如圖23－1所示．重力可忽略的墨汁微滴，經(jīng)帶電室?guī)ж撾姾?，以速度v垂直勻強電場飛入極板間，最終打在紙上．則微滴在極板間電場中(　　) A．向負極板偏轉 B．電勢能逐漸增大 C．運動軌跡是拋物線 D．運動軌跡與帶電量無關 解析：微滴帶負電，電場方向向下，因此微滴受到的電場力向上，微滴向正極板偏轉，A錯誤；偏轉過程中電場力做正功，根據(jù)電場力做功與電勢能變化關系，電勢能減小，B錯誤；微滴在垂直于電場方向上做勻速直線運動，位移x＝vt，沿電場方向做初速度為零的勻加速直線運動，位移y＝t2＝2，此為拋物線方程，C正確；從式中可以看出，運動軌跡與帶電量q有關，D錯誤． 答案：C 圖23－2 3．[xx福建廈門質檢]如圖23－2所示，質量相同的兩個帶電粒子P、Q以相同的速度沿垂直于電場方向射入兩平行板間的勻強電場中，P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入，它們最后打在同一點(重力不計)，則從開始射入到打到上板的過程中(　　) A．它們運動的時間tQ>tP B．它們運動的加速度aQφb>φc，一帶正電粒子射入電場中，其運動軌跡如實線KLMN所示．由圖可知(　　) A．粒子從K到L的過程中，電場力做負功 B．粒子從L到M的過程中，電場力做負功 C．粒子從K到L的過程中，電勢能增加 D．粒子從L到M的過程中，動能減少 解析：由題目條件可知，a、b、c是孤立點電荷激發(fā)的電場中的三個等勢面，因為運動粒子帶正電，且沿K→L→M→N運動，所以受到的是靜電斥力，可以判斷場源電荷必為正電荷，電場力做功情況便確定下來． 因為φK＝φN<φM<φL，所以由K到L過程中電場力做負功，電勢能增加，A、C正確；由L到M過程中，電場力先做負功后做正功，電勢能先增加后減小，動能先減小后增加，B、D錯誤． 答案：AC (二)勻強電場 類型一：v0∥E(E為勻強電場) 1．運動狀態(tài)分析：帶電粒子沿與電場線平行的方向進入勻強電場，受到的電場力與運動方向在同一條直線上，做勻加(減)速直線運動． 2．帶電粒子勻加速(減速)運動的處理方法 (1)利用運動學公式． (2)利用功能關系：如動能定理、能量守恒定律等． 圖6－3 【例4】　如圖6－3所示，在勻強電場E中，一帶電粒子－q的初速度v0恰與電場線方向相同，則帶電粒子－q在開始運動后，將(　　) A．沿電場線方向做勻加速直線運動 B．沿電場線方向做變加速直線運動 C．沿電場線方向做勻減速直線運動 D．偏離電場線方向做曲線運動 解析：帶電粒子在勻強電場中受到恒定的靜電力，且靜電力方向與初速度方向相反，故粒子做的是勻減速直線運動． 答案：C 類型二：v0⊥E(E為勻強電場) 1．運動狀態(tài)分析：帶電粒子以初速度v0垂直于電場線方向進入勻強電場時，受到恒定的與初速度方向成90角的電場力作用而做類平拋運動(是一種勻變速曲線運動)． 2．偏轉問題的處理方法 (1)類平拋運動分析法 運用運動的合成與分解知識分析處理． (2)功能關系法 如選用動能定理，則要分清有多少個力做功，是恒力做功還是變力做功，以及初態(tài)和末態(tài)的動能和動能變化量． 如選用能量守恒定律，則要分清有多少種形式的能在轉化，哪種能量是增加的，哪種能量是減少的．能量守恒的表達方式有以下幾種：①初態(tài)和末態(tài)的能量相等，即：E初＝E末；②某些形式的能量減少一定等于其他形式的能量增加，即：ΔE減＝ΔE增；③各種形式的能量變化量的代數(shù)和為零：ΔE1＋ΔE2＋…＝0. 圖6－4 【例5】　如圖6－4所示，一束電子流在經(jīng)U＝5 000 V的加速電壓加速后，在距兩極板等距處垂直進入平行板間的勻強電場，若兩板間距d＝1.0 cm，板長L＝5.0 cm，那么要使電子能從平行板間飛出，兩個極板上最多能加多大電壓？ 解析：在加速電壓一定時，偏轉電壓越大，電子在極板間的偏轉距離就越大，當偏轉電壓大到使電子剛好擦著極板的邊緣飛出時達到最大， 加速過程，由動能定理得eU＝mv. 進入偏轉電場，電子在平行于板面的方向做勻速運動，有L＝v0t； 在垂直于板面的方向做勻加速直線運動，有 y＝at2＝＝. 電子能飛出的條件為y≤d. 由以上各式解得U1≤＝400 V，即要使電子能從平行板間飛出，所加電壓最大為400 V. 答案：400 V 類型三：v0與E有夾角(E為勻強電場) 圖6－5 【例6】　(多選題)如圖6－5所示，三條平行等距的直線表示電場中的三個等勢面，電勢值分別為10 V、20 V、30 V，實線是一帶負電的粒子(不計重力)在該區(qū)域內的運動軌跡，對于該軌道上的a、b、c三點來說(　　) A．粒子必先過a，再到b，然后到c B．粒子在三點所受的合力Fa＝Fb＝Fc C．粒子在三點的動能大小為Ekb>Eka>Ekc D．粒子在三點的電勢能大小為Epb>Epa>Epc 解析：該電場必為勻強電場，電場線垂直等勢面向上，帶負電的粒子所受電場力與電場線方向相反而向下，由做曲線運動的條件可知，粒子可先過c，到b，再到a；也可先過a，到b，再到c，選項A是錯誤的，選項B正確．粒子由a到b的過程，克服電場力做功，電勢能增加，動能減少，Eka>Ekb，Epb>Epa；粒子從b到c的過程，電場力做正功，電勢能減少，動能增加，所以有Ekc>Ekb、Epb>Epc；粒子從a到b再到c的全過程，電勢能減少，動能增加，且電勢能的減少等于動能的增加，則有Ekc>Eka，Epa>Epc，綜合上述有Ekc>Eka>Ekb，Epb>Epa>Epc.粒子從c到b再到a的過程，分析方法一樣，所以選項D正確，而選項C是錯誤的． 答案：BD