2019-2020年高三上學期第二次模擬考試物理試卷 含解析zhangsan.doc
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2019-2020年高三上學期第二次模擬考試物理試卷 含解析zhangsan 本試卷分第Ⅰ卷(選擇題)和第Ⅱ卷(非選擇題)兩部分。共100分考試用時90分鐘 第Ⅰ卷(選擇題共50分) 一、單選題(每題只有一個答案,每題3分,共18分。) 1.一輛汽車運動的v-t圖象如圖,則汽車在0~2s內(nèi)和2s~3s內(nèi)相比【 】 A.位移大小相等 B.平均速度相等 C.速度變化相同 D.加速度相同 【答案】B A、速度圖象與坐標軸所圍的“面積”物體的位移大小,由圖知,0~2s內(nèi)位移較大,故A錯誤; B、汽車在0~2s內(nèi)平均速度為,汽車在2s~3s內(nèi)平均速度為,故B正確; C、汽車在0~2s內(nèi)速度變化量,在2s~3s內(nèi)速度變化量為,故速度變化量不同,故C錯誤; D、根據(jù)速度圖象的斜率等于加速度可知,在0~2s內(nèi)汽車的加速度沿正方向,而在2s~3s內(nèi)加速度沿負方向,所以加速度不相等,故D錯誤。 故選B。 【考點】勻變速直線運動的圖像 2.如圖,一物體在粗糙水平地面上受斜向上的恒定拉力F作用而做勻速直線運動,則下列說法正確的是【 】 A.物體可能不受彈力作用 B.物體可能受三個力作用 C.物體可能不受摩擦力作用 D.物體一定受四個力作用 【答案】D 物體處于平衡狀態(tài),所以一定受到重力、支持力、拉力、摩擦力,這四個力。 故選D。 【考點】共點力平衡 3.如圖a,甲車自西向東做勻加速運動,乙車由南向北做勻速運動,到達O位置之前,乙車上的人看到甲車運動軌跡大致是圖b中的【 】 【答案】C 以乙車為參考系,甲車向東做勻加速直線運動,向南做勻速直線運動,由于合加速度的方向與合速度的方向不在同一條直線上,則合運動是曲線,因為加速度的方向大致指向軌跡凹的一向,故C正確。 故選C。 【考點】運動的合成和分解 4.如圖所示,清洗樓房玻璃的工人常用一根繩索將自己懸在空中,工人及其裝備的總重量為G,懸繩與豎直墻壁的夾角為α,懸繩對工人的拉力大小為F1,墻壁對工人的彈力大小為F2,則 【 】 A. B.F2=Gtanα C.若緩慢減小懸繩的長度,F(xiàn)1與F2的合力變大 D.若緩慢減小懸繩的長度,F(xiàn)1減小,F(xiàn)2增大 【答案】B AB、分析工人受力:工人受到重力、支持力和拉力,如圖所示: 根據(jù)共點力平衡條件,有: 水平方向:F1sinα=F2 豎直方向:F1cosα=G 解得,,F(xiàn)2=Gtanα,故A錯誤B正確; CD、當緩慢減小懸繩的長度時,細繩與豎直方向的夾角α變大,故F1變大,F(xiàn)2變大,但F1與F2的合力與重力平衡,保持不變,故CD錯誤。 故選B。 【考點】共點力平衡;力的合成與分解 5.如圖一質(zhì)量為m的物體在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動,則【 】 A.物體所受的合外力不變 B.物體的動能不變 C.物體的機械能不變 D.物體所受重力的功率不變 【答案】B A、勻速圓周運動的物體合外力指向圓心,大小不變,方向時刻改變,故A錯誤; B、勻速圓周運動的線速度的大小不變,所以動能不變,故B正確; C、在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動物體線速度的大小不變,動能不變,勢能時刻變化,機械能不守恒,故C錯誤; D、物體所受重力的功率P=mgvcosθ,重力和速度大小不變,夾角時刻變化,所以物體所受重力的功率改變,故D錯誤。 故選B。 【考點】向心力;牛頓第二定律 6.我國正在建設(shè)的北斗衛(wèi)星導航系統(tǒng)空間段由5顆靜止軌道衛(wèi)星(即地球的同步衛(wèi)星)和30顆非靜止軌道衛(wèi)星組成,下列表述正確的是【 】 A.靜止軌道衛(wèi)星所受地球引力方向不變 B.靜止軌道衛(wèi)星運行速度與地球自轉(zhuǎn)速度相同 C.靜止軌道衛(wèi)星和非靜止軌道衛(wèi)星都處于失重狀態(tài) D.提高非靜止軌道衛(wèi)星運行速度仍可使其在原軌道上運行 【答案】C A、靜止軌道衛(wèi)星所受地球引力方向指向地心,不斷改變,故A錯誤; B、同步衛(wèi)星的周期必須與地球自轉(zhuǎn)周期相同,具有相同的角速度,根據(jù)v=ωr得靜止軌道衛(wèi)星運行速度大于地球自轉(zhuǎn)速度,故B錯誤; C、衛(wèi)星在軌道上運行時只受重力,所以都處于失重狀態(tài),故C正確; D、提高衛(wèi)星運行速度,衛(wèi)星將會做離心運動偏離原來的軌道,故D錯誤。 故選C。 【考點】同步衛(wèi)星 二.雙選題(每題有兩個答案,每題4分,少選一個得2分,錯選得0分,共32分。) 7.如圖,節(jié)水灌溉中的噴嘴距地高0.8m,假定水從噴嘴水平噴出,噴灌半徑為4m,不計空氣阻力,取g=10m/s2.則【 】 A.水下落的加速度為8m/s2 B.水從噴嘴到地面的時間為0.4s C.水從噴嘴噴出后動能不變 D.水從噴嘴噴出的速率為10m/s 【答案】BD A、水噴出后做平拋運動,下落的加速度為10m/s2,故A錯誤; B、根據(jù)得;,故B正確; C、水從噴嘴噴出后重力做正功,動能增大,故C錯誤; D、水平方向,故D正確。 故選BD。 【考點】平拋運動 8.用一水平拉力使質(zhì)量為m的物體從靜止開始沿粗糙的水平面運動,物體的v-t圖象如圖所示.下列表述正確的是【 】 A.在0-t1時間內(nèi)拉力逐慚減少 B.在0-t1時間內(nèi)物體做曲線運動 C.在t1-t2時間內(nèi)拉力的功率不為零 D.在t1-t2時間內(nèi)合外力做功 【答案】AC A、0-t1內(nèi),物體做加速度不斷減小的加速運動,根據(jù)牛頓第二定律,有:F-f=ma,故拉力不斷減小,故A正確; B、0-t1內(nèi)拉力朝前,位移向前,故物體做直線運動,故B錯誤; C、在t1-t2時間內(nèi),物體勻速前進,拉力做正功,故拉力的功率不為零,故C正確; D、在t1-t2時間內(nèi),物體勻速前進,合力為零,故合外力做功為零,故D錯誤。 故選AC。 【考點】功率 9.合外力對物體做負功時,物體做直線運動的速度—時間圖像可能是【 】 【答案】BD 合外力做負功,則動能減小,速度減??;A選項速度增大,B選項速度減小,C選項速度增大,D選項速度減小,故BD正確。 故選BD。 【考點】勻變速直線運動的圖像 10.重為50N的物體放在水平面上,物體與水平面的動摩擦因數(shù)為0.2,現(xiàn)用方向相反的水平力F1和F2拉物體,其中F1=15N,如圖所示。要使物體做勻加速運動,則F2的大小可能為【 】 A.4N B.10N C.20N D.30N 【答案】AD 物體的滑動摩擦力f=μG=10N 若F1-F2>f=10N,物體可以做勻加速運動,此時F2<5N 若F2-F1>f=10N,物體可以做勻加速運動,此時F2>25N,故AD正確 故選AD。 【考點】牛頓第二定律;力的合成與分解 11.如圖,人站在自動扶梯上不動,隨扶梯勻速上升的過程中【 】 A.人克服重力做功,重力勢能增加 B.支持力對人不做功,人的動能不變 C.合外力對人不做功,人的動能不變 D.合外力對人不做功,人的機械能不變 【答案】AC A、人站在自動扶梯上不動,隨扶梯勻速上升的過程中,重力做負功,重力勢能增加,故A正確; BCD、人所受的合力為零,支持力做正功,合力不做功,動能不變,重力勢能增加,則機械能增加,故C正確BD錯誤。 故選AC。 【考點】功能關(guān)系 12.如圖,汽車在拱形橋頂點A勻速率運動到橋的B點.下列說法正確的是【 】 A.合外力對汽車做的功為零 B.阻力做的功與牽引力做的功相等 C.重力的瞬時功率隨時間變化 D.汽車對坡頂A的壓力等于其重力 【答案】AC A、汽車做勻速圓周運動,動能不變,合力對汽車做功為零,故A正確; B、在運動過程中,牽引力與重力對汽車做正功,阻力做負功,合外力的功為零,則阻力的功與牽引力和重力的功相等,故B錯誤; C、重力方向與速度方向間的夾角α不斷變化,由P=mgvcosα可知重力的瞬時功率隨時間變化,故C正確; D、在A點,由牛頓第二定律得:,得,由牛頓第三定律得,汽車對橋頂?shù)膲毫Γ海蔇錯誤。 故選AC。 【考點】功率;牛頓第二定律;動能定理 13.作勻速圓周運動的人造衛(wèi)星的軌道半徑增大到原來的2倍后仍作勻速圓周運動,則 A.根據(jù)公式v=可知,衛(wèi)星運動的線速度將減小到原來的 B.根據(jù)公式可知,衛(wèi)星所需的向心力將減小到原來的 C.根據(jù)公式可知,衛(wèi)星的向心加速度將增大到原來的2倍 D.根據(jù)公式可知,地球提供的向心力將減小到原來的 【答案】AD A、人造衛(wèi)星做勻速圓周運動時,萬有引力提供向心力,則得: 可得衛(wèi)星的線速度,可知,衛(wèi)星運動的線速度將減小到原來的,故A正確; B、當軌道半徑增大時,小球所受的地球的萬有引力減小,由衛(wèi)星的線速度可知,v減小,所以,不能用公式 討論衛(wèi)星的向心力變化,故B錯誤; C、當軌道半徑變化時,衛(wèi)星的角速度也發(fā)生改變,所以,不能用公式分析衛(wèi)星角速度的變化,故C錯誤; D、人造衛(wèi)星的軌道半徑增大到原來的2倍,地球的質(zhì)量和衛(wèi)星的質(zhì)量均不變,由公式 可知地球提供的向心力將減小到原來的,故D正確。 故選AD。 【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系;萬有引力定律 14.我國已于2011年9月29日發(fā)射“天宮一號”目標飛行器,11月1日發(fā)射“神舟八號”飛船并在11月3日與“天宮一號”實現(xiàn)對接。某同學為此畫出“天宮一號”和“神舟八號”繞地球做勻速圓周運動的假想圖如圖所示,A代表“天宮一號”,B代表“神舟八號”,虛線為各自的軌道。由此假想圖,可以判定【 】 A.“天宮一號”的運行速率小于“神舟八號”的運行速率 B.“天宮一號”的周期小于“神舟八號”的周期 C.“天宮一號”的向心加速度小于“神舟八號”的向心加速度 D.“神舟八號”適度減速有可能與“天宮一號”實現(xiàn)對接 【答案】AC ABC、天宮一號和神舟八號繞地球做勻速圓周運動,萬有引力提供向心力得 解得,, 天宮一號的半徑大,向心加速度小,線速度小,周期大,故B錯誤AC正確; D、神舟八號在軌道上減速,由于萬有引力大于所需的向心力,神舟八號會做近心運動,離開原軌道,不會和天宮一號對接,故D錯誤。 故選AC。 【考點】人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關(guān)系;萬有引力定律 第Ⅱ卷(非選擇題 共50分) 三、實驗題:本題共2小題,共14分.把答案填在題中的橫線上或按題目要求作答. 15.(1)(6分)①某同學設(shè)計了一個探究小車的加速度a與小車所受拉力F及質(zhì)量m關(guān)系的實驗,圖(甲)為實驗裝置簡圖。他想用鉤碼的重力表示小車受到的合外力,為了減小這種做法帶來的實驗誤差,你認為下列說法中正確的是 。(選填字母代號) A.實驗時要平衡摩擦力 B.實驗時不需要平衡摩擦力 C.鉤碼的重力要遠小于小車的總重力 D.實驗進行時應先釋放小車再接通電源 ②如圖(乙)所示是某次實驗中得到的一條紙帶,其中A、B、C、D、E是計數(shù)點(每打5個點取一個計數(shù)點),其中L1=3.07cm,L2=12.38cm,L3=27.87cm,L4=49.62cm。則打C點時小車的速度為 m/s,小車的加速度是 m/s2。(計算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字) 【答案】①A、C ② 1.24 6.22 ①為了讓砝碼的重力更加接近為小車的合外力,本實驗中需要平衡摩擦力和讓砝碼重力遠遠小于小車重力,實驗時先接通電源后釋放小車,故BD錯誤AC正確; 故選AC。 ②每打5個點取一個計數(shù)點,相鄰的計數(shù)點的時間間隔是0.1s, 根據(jù)中間時刻的瞬時速度等于該過程中的平均速得: 根據(jù)可得:。 【考點】探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系 (2)(8分)某同學利用如圖(a)裝置做“探究彈簧彈力大小與其長度的關(guān)系”的實驗. ① 在安裝刻度尺時,必須使刻度尺保持 狀態(tài). ② 他通過實驗得到如圖(b)所示的彈力大小F與彈簧長度x的關(guān)系圖線.由此圖線可得該彈簧的原長x0= cm,勁度系數(shù)k= N/m. ③ 他又利用本實驗原理把該彈簧做成一把彈簧秤,當彈簧秤上的示數(shù)如圖(c)所示時,該彈簧的長度x= cm. 【答案】①豎直 ②4.0 50.0 ③10.0 ①彈簧是豎直的,要減小誤差,刻度尺必須與彈簧平行,故刻度尺要保持豎直狀態(tài); ②彈簧處于原長時,彈力為零,故原長為4cm;彈簧彈力為2N時,彈簧的長度為8cm,伸長量為4cm;根據(jù)胡克定律,有:; ③由圖c得到彈簧的彈力為3N,根據(jù)圖b得到彈簧的長度為10cm。 【考點】探究彈力和彈簧伸長的關(guān)系 四、本題共3小題,滿分36分,解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟.只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計算的題,答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。 16.(10分)如圖,粗糙水平面與半徑R=1.5m的光滑圓弧軌道相切于B點,靜止于A處m=1kg的物體在大小為10N方向與水平水平面成37角的拉力F作用下沿水平面運動,到達B點時立刻撤去F,物體沿光滑圓弧向上沖并越過C點,然后返回經(jīng)過B處的速度vB=15m/s。已知sAB=15m,g=10m/s2,sin37=0.6,con37=0.8。求: (1)物體到達C點時對軌道的壓力; (2)物體與水平面的動摩擦因數(shù)μ。 【答案】 (1)設(shè)物體在C處的速度為vc,由機械能守恒定律有 在C處,由牛頓第二定律有 解得:軌道對物體的支持力 根據(jù)牛頓第三定律,物體到達C點時對軌道的壓力; (2)由于圓弧軌道光滑,物體第一次通過B處與第二次通過的速度大小相等 從A到B的過程,由動能定理有: 解得物體與水平面的動摩擦因數(shù)。 【考點】動能定理;牛頓第二定律;機械能守恒定律 17.(10分)一宇航員乘宇宙飛船到達某星球表面,他將所帶的一個長為L=2m,傾角為θ=37的斜面,固定在該星球地面上,宇航員讓一個與斜面的滑動摩擦因數(shù)為μ=0.5的小滑塊從斜面頂端由靜止釋放,他測出小滑塊到達斜面底端所用時間為t=2s。求: (1)該星球地面的重力加速度g; (2)若已知該星球半徑為R,萬有引力恒量為G,忽略該星球的自轉(zhuǎn),求星球的密度ρ。(sin37=0.6,cos37=0.8) 【答案】 (1)滑塊在斜面上的運動,由牛頓第二定律知,得 由運動學公式可知,得 得; (2)在天體表面物體滿足 得 則密度。 【考點】牛頓第二定律;萬有引力定律 18.(16分)如圖甲,圓形水平轉(zhuǎn)臺半徑R=0.5m,離水平地面的高度H=0.8m,一質(zhì)量為m=1.0kg的小木塊放置在轉(zhuǎn)臺的邊緣,隨轉(zhuǎn)臺一起繞圓心O在水平面內(nèi)做勻速圓周運動.物塊與轉(zhuǎn)臺間的動摩擦因數(shù)μ=0.4,設(shè)小木塊所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,取重力加速度g=10m/s2,求: (1)若勻速圓周運動的周期為T=3.14s,求木塊的線速度v0和所受摩擦力f的大小? (2)緩慢增大轉(zhuǎn)臺的轉(zhuǎn)速,當轉(zhuǎn)速達到某一數(shù)值時,小木塊恰好滑離轉(zhuǎn)臺開始做平拋運動,最后小木塊沿轉(zhuǎn)臺邊緣的切線方向水平飛出,不計空氣阻力,試求小木塊平拋落地過程中落地點與通過圓心O的豎直線間的距離為S?(俯視圖如圖乙)以及小木塊落地前瞬間的動能大?。浚ㄓ嬎憬Y(jié)果可用根式表示) 【答案】 (1)根據(jù)勻速圓周運動的規(guī)律可得木塊的線速度大小 木塊所受摩擦力等于木塊做勻速圓周運動的向心力 (2)木塊所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力 當,得 木塊脫離玻璃板后在在豎直方向上做自由落體運動,有,得 在水平方向上做勻速運動,水平位移 X與距離S、半徑R的關(guān)系,得 木塊從拋出到落地前由機械能守恒定律,得落地前的動能。 【考點】平拋運動;線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速;機械能守恒定律 中山市華僑中學xx屆第二次模擬考試物理科試題參考答案 題 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 14 答 B D C B B C BD AC BD AD AC AC AD AC 15.(1)①A、C (2分,選對一個的給1分,有錯選或不答的得0分) ② 1.24 (2分) 6.22 (2分) (2)①豎直;②4.0,50.0;③10.0(每空2分,共8分) 16.(12分)參考解答: (1)設(shè)物體在C處的速度為vc ,由機械能守恒定律有mgR+= ① (2分) 在C處,由牛頓第二定律有FC= ② (2分) 聯(lián)立①②并代入數(shù)據(jù)解得: 軌道對物體的支持力FC=130N (1分) 根據(jù)牛頓第三定律,物體到達C點時對軌道的壓力FC′=130N (1分) (2)由于圓弧軌道光滑,物體第一次通過B處與第二次通過的速度大小相等 (1分) 從A到B的過程,由動能定理有:[F con37– μ(mg-F sin37)]sAB= ③ (4分) 解得物體與水平面的動摩擦因數(shù)μ=1/8=0.125 (1分) 17.(10分)參考解答: (1)滑塊在斜面上的運動,由牛頓第二定律知mgsinθ-μmgcosθ=ma ① a=0.2g (2分) 由運動學公式可知 ② (2分)求得 g=5m/s2 (1分) (2)在天體表面物體滿足 (2分) 求得 (1分) 則 (2分) 18.(14分)參考解答: (1)根據(jù)勻速圓周運動的規(guī)律可得木塊的線速度大小 ①(1分) 木塊所受摩擦力等于木塊做勻速圓周運動的向心力 ②(2分) (2)木塊所受的最大靜摩擦力等于滑動摩擦力fm=μmg=4N ③ (1分) 當 F向=fm= ④ 求得 (2分) 木塊脫離玻璃板后在在豎直方向上做自由落體運動,有⑤(2分) 在水平方向上做勻速運動,水平位移 ⑥ (2分) X與距離S、半徑R的關(guān)系 ⑦ (2分) 木塊從拋出到落地前機械能守恒,解得木塊落地前瞬間的動能得 ⑧ (2分)- 1.請仔細閱讀文檔,確保文檔完整性,對于不預覽、不比對內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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