2019-2020年高考化學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 章末檢測(cè)達(dá)標(biāo)練 第一章 物質(zhì)的量.doc

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2019-2020年高考化學(xué)大一輪復(fù)習(xí) 章末檢測(cè)達(dá)標(biāo)練 第一章 物質(zhì)的量 (限時(shí)：45分鐘) 一、選擇題(本題包括12小題，每小題4分，共48分) 1．xx年11月，超強(qiáng)臺(tái)風(fēng)海燕在菲律賓東部及中部造成嚴(yán)重災(zāi)情，某高效安全滅菌劑RO2作為捐獻(xiàn)物資之一送往災(zāi)區(qū)。實(shí)驗(yàn)測(cè)得該氧化物中R與O的質(zhì)量比為71∶64，則下列說(shuō)法正確的是(　　) A．R的摩爾質(zhì)量是71 g B．RO2的化學(xué)式為ClO2 C．1.12 L RO2的物質(zhì)的量為0.05 mol D．67.5 g RO2中含有NA個(gè)氧原子 2．(xx浙江臺(tái)州調(diào)研)由一種陽(yáng)離子與兩種酸根離子組成的鹽稱為混鹽?；禧}CaOCl2在酸性溶液中可以發(fā)生反應(yīng)產(chǎn)生Cl2，下列關(guān)于混鹽CaOCl2的有關(guān)判斷不正確的是(NA為阿伏加德羅常數(shù))(　　) A．該混鹽在酸性溶液中產(chǎn)生1 mol Cl2時(shí)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為NA B．該混鹽的水溶液具有漂白性 C．該混鹽中氯元素的化合價(jià)為＋1和－1價(jià) D．該混鹽具有較強(qiáng)的還原性 3．(xx惠州調(diào)研)設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)，下列敘述正確的是(　　) A．1 molL－1 NaHCO3溶液中的Na＋數(shù)為NA B．常溫時(shí)，2.24 L CO2所含的氧原子數(shù)為0.2NA C．5.6 g Fe與足量稀鹽酸反應(yīng)，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為0.2NA D．標(biāo)準(zhǔn)狀況下，2.24 L CCl4所含分子數(shù)為0.1NA 4．(xx寧波質(zhì)檢)設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值。下列說(shuō)法一定正確的是(　　) A．常溫下，1 L 0.1 molL－1的NH4NO3溶液中氧原子數(shù)為0.3NA B．1 mol的羥基與1 mol的氫氧根離子所含電子數(shù)均為10NA C．常溫常壓下，4.6 g NO2和N2O4混合氣體中含有的O原子數(shù)目為0.2NA D．Fe與水蒸氣在高溫條件下反應(yīng)，有1 mol Fe參與反應(yīng)，則轉(zhuǎn)移電子的數(shù)目為3NA 5．(xx成都七中模擬)設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值。下列說(shuō)法正確的是(　　) A．28 g由C2H4和C3H6組成的混合物中含有氫原子的數(shù)目為4NA B．1 mol Fe(NO3)3與足量HI溶液反應(yīng)時(shí)轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為3NA C．1 mol Na2O2固體中含離子總數(shù)為4NA D．常溫下，1 mol Fe與過(guò)量濃HNO3反應(yīng)，轉(zhuǎn)移電子的數(shù)目為3NA 6．設(shè)NA為阿伏加德羅常數(shù)的值，下列敘述不正確的(　　) A．5 g質(zhì)量分?jǐn)?shù)為46%的乙醇溶液中，氫原子的總數(shù)為0.6NA B．5.6 g鐵與0.1 mol氯氣充分反應(yīng)轉(zhuǎn)移電子數(shù)為 0.2NA C．50 mL 12 molL－1濃鹽酸與足量二氧化錳加熱反應(yīng)，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為0.3NA D．常溫常壓下，46 g NO2 與N2O4的混合氣體中含有的原子總數(shù)為3NA 7．下列各組中兩種氣體的分子數(shù)一定相等的是(　　) A．溫度相同、體積相同的O2和N2 B．質(zhì)量相等、密度不等的N2和C2H4 C．體積相同、密度不等的CO和C2H4 D．壓強(qiáng)相同、體積相同的O2和H2 8．實(shí)驗(yàn)室需用2 molL－1氯化鈉溶液450 mL，配制時(shí)應(yīng)選用容量瓶的規(guī)格和稱取氯化鈉的質(zhì)量分別是(　　) A．450 mL,52.7 g　　　　　B．500 mL,58.5 g C．1 000 mL,117 g D．任意規(guī)格，111.2 g 9．(xx鷹潭一中模擬)兩種大氣污染物NO2和SO2在一定條件下可發(fā)生如下反應(yīng)：NO2＋SO2NO＋SO3，在體積為V L的密閉容器中通入a moL NO2和b mol SO2，反應(yīng)后容器內(nèi)硫原子和氧原子的個(gè)數(shù)比為(　　) A. B. C. D. 10．濃度為2 molL－1的鹽酸V L，欲使其濃度變?yōu)? molL－1，則下列方法中可行的是(　　) A．通入標(biāo)準(zhǔn)狀況下的HCl氣體44.8 L B．將溶液加熱蒸發(fā)濃縮至0.5V L C．蒸發(fā)掉0.5V L水 D．加入10 molL－1鹽酸0.6V L，再將溶液稀釋至2V L 11．現(xiàn)有等物質(zhì)的量的銅和銀的混合物17.2 g，與50.0 mL的濃硝酸恰好完全反應(yīng)，產(chǎn)生氣體4.48 L(標(biāo)準(zhǔn)狀況)，則下列說(shuō)法正確的是 (　　) A．產(chǎn)生的氣體是0.2 mol NO2 B．硝酸的物質(zhì)的量濃度為12 molL－1 C．反應(yīng)中被還原和未被還原的硝酸物質(zhì)的量之比為 3∶2 D．要使產(chǎn)生的氣體恰好完全被水吸收需要通入氧氣0.075 mol 12．(xx溫州十校聯(lián)考)Fe2O3、ZnO、CuO的固體混合粉末a g，在加熱條件下用足量CO還原，得到金屬混合物2.41 g，將生成的CO2氣體用足量的澄清石灰水吸收后，產(chǎn)生5.00 g白色沉淀，則a的數(shù)值為(　　) A．7.41　　　B．3.59　　　C．3.21　　　D．2.46 二、非選擇題(本題包括4小題，共52分) 13．(13分)同溫同壓下的兩種氣體 12C18O和 14N2。 (1)30 g 12C18O 和 28 g 14N2 所含的分子數(shù)之比________________________________________。 (2)同溫同壓下，12C18O和14N2兩種氣體的密度之比________。 (3)同溫同壓同體積的 12C18O和 14N2具有電子數(shù)之比________。 (4)28 g 14N2所含的原子數(shù)________NA。 (5)將乙烯、CO、N2三種氣體分別盛放在三個(gè)相同容器中，若三個(gè)容器的溫度和質(zhì)量相等，則三個(gè)容器的氣體壓強(qiáng)比為________。 (6)將19.4 g CO2和水蒸氣的混合氣體，與足量的Na2O2反應(yīng)，收集到標(biāo)準(zhǔn)狀況下5.6 L的氣體，試確定混合氣體的平均相對(duì)分子質(zhì)量為________和CO2與水蒸氣的物質(zhì)的量之比為________。 14．(15分)用重鉻酸鉀法(一種氧化還原滴定法)可測(cè)定產(chǎn)物Fe3O4中的二價(jià)鐵含量。若需配制濃度為0.010 00 molL－1的K2Cr2O7標(biāo)準(zhǔn)溶液250 mL，應(yīng)準(zhǔn)確稱取一定質(zhì)量的K2Cr2O7(保留4位有效數(shù)字)，已知M(K2Cr2O7)＝294.0 gmol－1。 (1)計(jì)算配制250 mL 0.010 00 molL－1K2Cr2O7溶液時(shí)需要準(zhǔn)確計(jì)量K2Cr2O7的質(zhì)量是________g。 (2)配制該標(biāo)準(zhǔn)溶液時(shí)，下列儀器中不必要用的有________(用編號(hào)表示)。 ①電子天平　②燒杯?、哿客病、懿ＡО簟、萑萘科? ⑥膠頭滴管?、咭埔汗? (3)配制0.010 00 molL－1 K2Cr2O7溶液的操作步驟為(填寫空白)： 計(jì)算?稱量?________?移液?洗滌?________?搖勻。 (4)配制0.010 00 molL－1 K2Cr2O7溶液時(shí)，下列操作對(duì)配制結(jié)果有何影響(填“偏高”或“偏低”)? ①配制過(guò)程中未洗滌燒杯和玻璃棒________。 ②定容時(shí)，仰視刻度線________。 (5)配制0.01000molL－1K2Cr2O7溶液；定容時(shí)不慎加水超過(guò)了刻度線，應(yīng)如何操作：________________________________________________________________________。 (6)用0.010 00 molL－1 K2Cr2O7溶液滴定20.00 mL未知濃度的含F(xiàn)e2＋的溶液，恰好完全反應(yīng)時(shí)消耗10.00 mL K2Cr2O7溶液，則溶液中Fe2＋的物質(zhì)的量濃度是______。(已知：6Fe2＋＋Cr2O＋14H＋===2Cr3＋＋6Fe3＋＋7H2O) 15．(8分)1.92 g Cu片與一定量的濃HNO3反應(yīng)，當(dāng)收集到NO2和NO氣體共1.12 L時(shí)(標(biāo)準(zhǔn)狀況)，金屬銅恰好全部作用。則： (1)反應(yīng)中消耗HNO3_____mol，轉(zhuǎn)移電子______mol。 (2)用排水法收集生成的氣體，最后氣體的體積為________L(標(biāo)準(zhǔn)狀況)。 (3)向收集到的氣體中通入________mL O2(標(biāo)準(zhǔn)狀況)才能使水剛好充滿整個(gè)集氣容器。 16．(16分)鹽泥是氯堿工業(yè)中的廢渣，主要成分是鎂的硅酸鹽和碳酸鹽(含少量鐵、鋁、鈣的鹽)。實(shí)驗(yàn)室以鹽泥為原料制取MgSO47H2O的實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下： 已知：①室溫下Ksp[Mg(OH)2]＝6.010－12。②在溶液中，F(xiàn)e2＋、Fe3＋、Al3＋從開始沉淀到沉淀完全的pH范圍依次為7.1～9.6、2.0～3.7、3.1～4.7。③三種化合物的溶解度(S)隨溫度變化的曲線如圖所示。 (1)在鹽泥中加入稀硫酸調(diào)pH為1～2以及煮沸的目的是___________________________。 (2)若室溫下的溶液中Mg2＋的濃度為6.0 molL－1，則溶液pH≥________才可能產(chǎn)生Mg(OH)2沉淀。 (3)由濾液Ⅰ到濾液Ⅱ需先加入NaClO調(diào)溶液pH約為5，再趁熱過(guò)濾，則趁熱過(guò)濾的目的是________________________________________________________________________， 濾渣的主要成分是________________________________________________________。 (4)從濾液Ⅱ中獲得MgSO47H2O晶體的實(shí)驗(yàn)步驟依次為①向?yàn)V液Ⅱ中加入________；②過(guò)濾，得沉淀；③________________________________________________________________________； ④蒸發(fā)濃縮，降溫結(jié)晶；⑤過(guò)濾、洗滌得產(chǎn)品。 (5)若獲得的MgSO47H2O的質(zhì)量為24.6 g，則該鹽泥中鎂[以Mg(OH)2計(jì)]的百分含量約為____________(MgSO47H2O的相對(duì)分子質(zhì)量為246)。 參考答案與詳解 1. 解析：選B　R的摩爾質(zhì)量是35.5 gmol－1，A項(xiàng)錯(cuò)誤；氧化物中R與O的質(zhì)量比為71∶64，氧的相對(duì)原子質(zhì)量為16，則R的相對(duì)原子質(zhì)量為35.5，故R為Cl，B項(xiàng)正確；“1.12 L”未注明標(biāo)準(zhǔn)狀況，ClO2在標(biāo)準(zhǔn)狀況下也不一定是氣體，C項(xiàng)錯(cuò)誤；ClO2的摩爾質(zhì)量為67.5 gmol－1，即67.5 g RO2的物質(zhì)的量為1 mol，含氧原子的個(gè)數(shù)為2NA，D項(xiàng)錯(cuò)誤。 2. 解析：選D　根據(jù)混鹽的定義：由一種陽(yáng)離子與兩種酸根離子組成的鹽，則可以得到CaOCl2的溶液中存在Ca2＋、Cl－、ClO－，故A、B、C均正確；D錯(cuò)誤。 3. 解析：選C　沒(méi)有溶液的體積，無(wú)法進(jìn)行計(jì)算，A錯(cuò)誤；常溫下不能使用標(biāo)準(zhǔn)狀況下的氣體摩爾體積進(jìn)行計(jì)算，B錯(cuò)誤； Fe＋2H＋===Fe2＋＋H2↑， 5.6 g Fe與足量稀鹽酸反應(yīng)，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為0.2NA，C正確；標(biāo)準(zhǔn)狀況下CCl4是液體，不適用于氣體摩爾體積，D錯(cuò)誤。 4. 解析：選C　在溶液中氧原子的數(shù)目不僅包括溶質(zhì)中的，還包括水中的氧原子；1 mol羥基中的電子數(shù)目為9NA,1 mol氫氧根的電子數(shù)目為10NA，所以羥基與氫氧根所含的電子數(shù)不相等；1 mol Fe與水蒸氣在高溫條件下反應(yīng)生成四氧化三鐵，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)小于3NA。 5. 解析：選A　A項(xiàng)，C2H4和C3H6的最簡(jiǎn)式為CH2,28 g CH2的物質(zhì)的量為2 mol，故含有氫原子的數(shù)目為4NA，正確；B項(xiàng)，當(dāng) Fe(NO3)3與HI溶液反應(yīng)時(shí)，不僅要考慮Fe3＋與I－的反應(yīng)，而且還要考慮NO在酸性條件下將I－氧化，故轉(zhuǎn)移的電子數(shù)大于3NA，錯(cuò)誤；C項(xiàng)，Na2O2固體中含的離子為Na＋、O，1 mol Na2O2固體中含離子總數(shù)為3NA，錯(cuò)誤；D項(xiàng)，常溫下，1 mol Fe與濃HNO3發(fā)生鈍化現(xiàn)象，故轉(zhuǎn)移電子的數(shù)目小于3NA，錯(cuò)誤。 6. 解析：選C　A項(xiàng)，溶液中包含乙醇中的氫原子和水中的氫原子，(546%466＋554%182)NA＝0.6NA，正確；B項(xiàng)，5.6 g鐵過(guò)量，0.1 mol氯氣完全反應(yīng)，轉(zhuǎn)移電子數(shù)為 0.2NA，正確；C項(xiàng)，二氧化錳與濃鹽酸才能發(fā)生反應(yīng)，隨著反應(yīng)的進(jìn)行，濃鹽酸會(huì)變成稀鹽酸，反應(yīng)停止，無(wú)法計(jì)算轉(zhuǎn)移的電子數(shù)，錯(cuò)誤；D項(xiàng)，46 g NO2 與N2O4的混合氣體中含有的原子總數(shù)為46463NA＝3NA，正確。 7.解析：選B　A項(xiàng)，缺少壓強(qiáng)關(guān)系，無(wú)法判斷分子數(shù)是否相等，錯(cuò)誤；B項(xiàng)，N2和C2H4摩爾質(zhì)量相等，質(zhì)量相等的兩種氣體物質(zhì)的量相等，所以分子數(shù)一定相等，正確；C項(xiàng)，CO和C2H4摩爾質(zhì)量相等，體積相同、密度不等的CO和C2H4質(zhì)量不會(huì)相等，所以兩種氣體物質(zhì)的量不相等，分子數(shù)不相等，錯(cuò)誤；D項(xiàng)，缺少溫度關(guān)系，無(wú)法判斷分子數(shù)是否相等，錯(cuò)誤。 8.解析：選B　容量瓶的規(guī)格無(wú)450 mL，所以選擇容量瓶規(guī)格最接近的規(guī)格500 mL，m＝0.5 L2 molL－158.5 gmol－1＝58.5 g。 9. 解析：選B　根據(jù)化學(xué)反應(yīng)中質(zhì)量守恒定律可知原子在反應(yīng)前后其種類和數(shù)目不變可知硫原子為b mol，氧原子為2a＋2b，所以B正確。 10. 解析：選D　濃度為2 molL－1的鹽酸V L含溶質(zhì)HCl 2V mol。A項(xiàng)，加入2 mol HCl不可行；B項(xiàng)，加熱濃縮時(shí)HCl和水都要蒸發(fā)出去，不可行；C項(xiàng)，蒸發(fā)掉0.5V L水后溶液體積無(wú)法求出，也不可行；D項(xiàng)，屬于混合溶液的有關(guān)計(jì)算，加入10 molL－1鹽酸0.6V L后，溶質(zhì)HCl的物質(zhì)的量為8V mol，再將溶液稀釋至2V L，則濃度變?yōu)?4 molL－1。 11. 解析：選D　根據(jù)題意條件等物質(zhì)的量的銅和銀的混合物17.2 g,64n＋108n＝17.2可計(jì)算得n＝0.1 mol，則反應(yīng)中Cu失去的電子為0.2 mol，Ag失去的電子為0.1 mol，硝酸所得到的電子為0.3 mol，若氣體為NO2則根據(jù)得失電子守恒可知NO2為0.3 mol，所以A錯(cuò)誤；根據(jù)溶液中電荷守恒可知NO為0.3 mol，HNO3發(fā)生還原反應(yīng)產(chǎn)生氣體為0.2 mol，所以總的硝酸為0.5 mol，其濃度為＝10 molL－1, 反應(yīng)中被還原和未被還原的硝酸物質(zhì)的量之比為2∶3，所以B、C錯(cuò)誤；要使產(chǎn)生的氣體恰好完全被水吸收，即使氮氧化物又氧化成硝酸，則失去的電子為0.3 mol，則需要0.075 mol O2，D正確。 12. 解析：選C　發(fā)生的有關(guān)反應(yīng)為：Fe2O3＋3CO===2Fe＋3CO2, ZnO＋CO===Zn＋CO2，CuO＋CO===Cu＋CO2，生成的CO2為＝0.05 mol，從反應(yīng)方程式可以看出，CO2中的O原子來(lái)源于CO和金屬氧化物，則氧化物中氧元素的物質(zhì)的量n(O)＝0.05 mol，m(O)＝0.05 mol16 gmol－1＝0.8 g，所以金屬氧化物的質(zhì)量為2.41 g＋0.8 g＝3.21 g，即a＝3.21。 13. 解析：(1)M(12C18O)＝30 gmol－1,30 g 12C18O的n(12C18O)＝1 mol，M(14N2)＝28 gmol－1,28 g 14N2的n(14N2)＝1 mol，同溫同壓下，n(12C18O)＝n(14N2)，N(12C18O)＝N(14N2)，分子數(shù)之比為1∶1。(2)同溫同壓下，密度之比等于摩爾質(zhì)量之比，M(12C18O)∶M(14N2)＝30∶28＝15∶14。(3)同溫同壓同體積，則n(12C18O)＝n(14N2)，1 mol 12C18O 中n(e－)＝14 mol,1 mol 14N2中n(e－)＝14 mol，所以電子數(shù)之比為1∶1。(4)M(14N2)＝28 gmol－1，n(14N2)＝＝1 mol，n(原子)＝2 mol，所以N(原子)＝2NA。(5)乙烯、CO、N2的質(zhì)量相等，三者的摩爾質(zhì)量相等，所以n(乙烯)＝n(CO)＝n(N2)，同溫同體積時(shí)，壓強(qiáng)之比等于物質(zhì)的量之比，所以氣體壓強(qiáng)之比為1∶1∶1。(6)根據(jù)化學(xué)方程式2Na2O2＋2CO2===2Na2CO3＋O2,2Na2O2＋2H2O===4NaOH＋O2↑，得關(guān)系式2CO2～O2和2H2O～O2，所以n(混合)＝0.5 mol，＝＝38.8 gmol－1，38.8CO2：44H2O：1820.85.2，＝。 答案：(1)1∶1　(2)15∶14　(3)1∶1　(4)2 (5)1∶1∶1　(6)38.8　4∶1 14. 答案：(1)0.735 0　(2)⑦　(3)溶解　定容 (4)①偏低　②偏高　(5)重新配制　(6)0.03 molL－1 15. 解析：(1)設(shè)有x mol Cu與HNO3反應(yīng)生成NO2，有y mol Cu與HNO3反應(yīng)生成NO。 Cu＋4HNO3(濃)===Cu(NO3)2＋2NO2↑＋2H2O 1　　　4　　　　　　　 　　2 x　　　4x　　　　 　　　　　2x 3Cu＋8HNO3(稀)===3Cu(NO3)2＋2NO↑＋4H2O 3　 　　8　　　　　　　　　　　2 y　 　　　　　　　　　　　　 根據(jù)題目條件可知64(x＋y)＝1.92?、? 22.4＝1.12?、? 由①②解得x＝0.022 5 mol，y＝0.007 5 mol。 反應(yīng)中消耗HNO3為4x＋＝0.11 mol，轉(zhuǎn)移電子2x＋3＝0.06 mol。 (2)3NO2＋H2O===2HNO3＋NO可知最后氣體的體積22.4 Lmol－1＝0.448 L。 (3)4NO＋3O2＋2H2O===4HNO3可知V(O2)＝0.448 L＝0.336 L＝336 mL。 答案：(1)0.11　0.06　(2)0.448　(3)336 16. 解析：(1)加入H2SO4可以使Mg的硅酸鹽或碳酸鹽充分轉(zhuǎn)化成Mg2＋。(2)c(OH－)＝ molL－1＝10－6 molL－1，所以pH≥8。(3)加入NaClO，可以把Fe2＋氧化成Fe3＋，當(dāng)pH大約為5時(shí)，F(xiàn)e3＋、Al3＋完全轉(zhuǎn)化成沉淀；根據(jù)溶解度曲線，溫度高時(shí)，CaSO42H2O的溶解度更小，所以濾渣的主要成分為Al(OH)3、Fe(OH)3和CaSO42H2O。(4)使Mg2＋轉(zhuǎn)化成MgSO47H2O的步驟為①加入NaOH溶液；②過(guò)濾得Mg(OH)2沉淀；③加入稀H2SO4；④蒸發(fā)濃縮、降溫結(jié)晶、過(guò)濾得產(chǎn)品；⑤根據(jù)鎂元素守恒得100%＝20.0%。 答案：(1)提高M(jìn)g2＋的浸取率(其他合理答案均可) (2)8 (3)溫度較高時(shí)鈣鹽與鎂鹽分離得更徹底(或高溫下CaSO42H2O溶解度小等合理答案均可) Al(OH)3、Fe(OH)3、CaSO42H2O (4)NaOH溶液　向沉淀中加足量稀硫酸(合理答案均可) (5)20.0%