2019屆高考數(shù)學二輪復習 第二篇 專題通關攻略 專題2 三角函數(shù)及解三角形 2.2.2 三角恒等變換與解三角形課件.ppt

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第2課時三角恒等變換與解三角形 熱點考向一三角恒等變換及求值考向剖析 本考向考查形式為選擇題 填空題或解答題 主要考查利用三角恒等變換公式解決與三角函數(shù)相關的問題以及利用正 余 弦定理解三角形問題 考查數(shù)學運算與邏輯推理能力 多為基礎題 中檔題 分數(shù)為5 12分 2019年的高考仍將以選擇題 填空題或解答題的形式考查 考查知識點仍將以三角公式及正 余 弦定理為主要內容來考查 典例1 1 2016 全國卷 若則sin2 2 2018 濮陽一模 設0 90 若sin 75 2 則sin 15 sin 75 解析 1 選D 因為 2 選B sin 75 cos 15 所以原式等于sin 15 cos 15 sin 30 2 而sin 30 2 sin 75 2 45 sin 75 2 cos 75 2 75 75 2 255 又因為sin 75 2 0 所以180 75 2 255 可求得cos 75 2 所以sin 30 2 sin 75 2 cos 75 2 所以 易錯警示 解答本題易出現(xiàn)以下兩種錯誤 一是忽略角之間的關系 找不到解題思路 二是運算錯誤 得出錯誤結論或沒有正確選項 名師點睛 1 化簡求值的方法與思路 1 方法 采用 切化弦 弦化切 來減少函數(shù)的種類 做到三角函數(shù)名稱的統(tǒng)一 通過三角恒等變換 化繁為簡 便于化簡求值 2 基本思路 找差異 化同名 同角 化簡求值 2 解決條件求值問題的三個關注點 1 分析已知角和未知角之間的關系 正確地用已知角來表示未知角 2 正確地運用有關公式將所求角的三角函數(shù)值用已知角的三角函數(shù)值來表示 3 求解三角函數(shù)中給值求角的問題時 要根據(jù)已知求這個角的某種三角函數(shù)值 然后結合角的取值范圍 求出角的大小 考向精練 1 2018 廣州一模 已知則cos2 sin2 的值是 解析 選A 解得tan 2 cos2 sin2 cos2 sin cos 2 2018 蕪湖一模 若則sin2 解析 選C 因為所以即2 cos sin sin2 兩邊平方得 4 1 sin2 3sin22 即3sin22 4sin2 4 0 解上式得 sin2 2 舍去 或sin2 加練備選 1 已知 解析 選B 故 sin cos 2 已知cos2 sin 則 cos4 解析 選D 由cos2 sin 1 sin2 可得 熱點考向二正弦定理與余弦定理的應用 類型一利用正 余弦定理進行邊 角 面積的計算 典例2 2017 全國卷 ABC的內角A B C的對邊分別為a b c 已知 ABC的面積為 1 求sinBsinC 2 若6cosBcosC 1 a 3 求 ABC的周長 大題小做 解析 1 因為 ABC面積且S bcsinA 所以 bcsinA 所以a2 bcsin2A 由正弦定理得sin2A sinBsinCsin2A 由sinA 0得sinBsinC 2 由 1 得sinBsinC 又cosBcosC 因為A B C 所以又因為 所以A sinA cosA 由余弦定理得a2 b2 c2 bc 9 由正弦定理得b sinB c sinC 所以bc sinBsinC 8 由 得b c 所以a b c 3 即 ABC的周長為3 探究追問 1 問題 2 中的條件不變 求 ABC的面積 解析 由cosBcosC 和sinBsinC 得 cosBcosC sinBsinC 即cos B C 所以B C 所以A 所以 ABC的面積為 2 問題 2 中的條件不變 求 ABC中BC邊上高的長 解析 由上可知 ABC的面積為2 又因為S ABC BC hBC 所以2 3hBC 所以hBC 類型二應用正 余弦定理解決實際問題 典例3 如圖 島A C相距10海里 上午9點整有一客輪在島C的北偏西40 且距島C10海里的D處 沿直線方向勻速開往島A 在島A停留10分鐘后前往B市 上午9 30測得客輪位于島C的北偏西70 且距島C10海 里的E處 此時小張從島C乘坐速度為v海里 小時的小艇沿直線方向前往A島換乘客輪去B市 1 若v 0 30 問小張能否乘上這班客輪 2 現(xiàn)測得cos BAC sin ACB 已知速度為v海里 小時 v 0 30 的小艇每小時的總費用為元 若小張由島C直接乘小艇去B市 則至少需要多少費用 世紀金榜導學號 大題小做 解析 1 根據(jù)題意得 CD 10 CE 10 AC 10 DCE 70 40 30 在 CDE中 由余弦定理得 所以客輪的航行速度為10 2 20 海里 小時 因為CD DE 所以 DEC DCE 30 所以 AEC 180 30 150 在 ACE中 由余弦定理得 AC2 AE2 CE2 2AE CE cos AEC 整理得 AE2 30AE 400 0 解得AE 10或AE 40 舍去 所以客輪從E處到島A所用的時間小時 小張到島A所用的時間至少為小時 由于t2 t1 所以若小張9點半出發(fā) 則無法乘上這班客輪 2 在 ABC中 cos BAC sin ACB 所以 ACB為銳角 sin BAC cos ACB 所以sinB sin 180 BAC ACB sin BAC ACB sin BACcos ACB cos BACsin ACB 由正弦定理得 所以小張由島C直接乘小艇去城市B的總費用為當且僅當 即v 10時 f v min 165 元 所以若小張由島C直接乘小艇去B市 其費用至少需165元 名師點睛 1 正 余弦定理的適用條件 1 已知兩角和一邊 或 已知兩邊和其中一邊的對角 應采用正弦定理 2 已知兩邊和這兩邊的夾角 或 已知三角形的三邊 應采用余弦定理 2 解三角形應用題的幾種情形 1 實際問題經(jīng)抽象概括后 已知量與未知量全部集中在一個三角形中 可用正弦定理或余弦定理求解 2 實際問題經(jīng)抽象概括后 已知量與未知量涉及兩個或兩個以上的三角形 這時需作出這些三角形 先解條件充分的三角形 然后逐步求解其他三角形 3 設出未知量 從幾個三角形中列出方程 組 解方程 組 得出所要求的解 4 涉及四邊形等非三角形圖形時 可以作輔助線 將圖形分割成三角形后求解 考向精練 1 2017 全國卷 ABC的內角A B C的對邊分別為a b c 已知sin A C 8sin2 1 求cosB 2 若a c 6 ABC的面積為2 求b 解析 1 由題設及A B C 得sinB 8sin2 故sinB 4 1 cosB 上式兩邊平方 整理得17cos2B 32cosB 15 0 解得cosB 1 舍去 cosB 2 由cosB 得sinB 故S ABC acsinB ac 又S ABC 2 則ac 由余弦定理及a c 6得b2 a2 c2 2accosB a c 2 2ac 1 cosB 36 2 4 所以b 2 2 某學校的平面示意圖為如圖五邊形區(qū)域ABCDE 其中三角形區(qū)域ABE為生活區(qū) 四邊形區(qū)域BCDE為教學區(qū) AB BC CD DE EA BE為學校的主要道路 不考慮寬度 BCD CDE BAE DE 3BC 3CD km 世紀金榜導學號 1 求道路BE的長度 2 求生活區(qū) ABE面積的最大值 解析 1 連接BD 在 BCD中 由余弦定理得 BD2 BC2 CD2 2BC CDcos BCD 所以BD 因為BC CD 所以 CDB CBD 又 CDE 所以 BDE 在Rt BDE中 2 設 ABE 因為 BAE 所以 AEB 在 ABE中 由正弦定理 得所以所以 因為0 所以當2 即 時 S ABE取得最大值為 即生活區(qū) ABE面積的最大值為 加練備選 如圖 有一個碼頭P和三個島嶼A B C PC 30nmile PB 90nmile AB 30nmile PCB 120 ABC 90 1 求B C兩個島嶼間的距離 2 某游船擬載游客從碼頭P前往這三個島嶼游玩 然后返回碼頭P 問該游船應按何路線航行 才能使得總航程最短 求出最短航程 解析 1 在 PBC中 PB 90 PC 30 PCB 120 由正弦定理得 又因為在 PBC中 0 PBC 60 所以 PBC 30 所以 BPC 30 從而BC PC 30 即B C兩個島嶼間的距離為30nmile 2 因為 ABC 90 PBC 30 所以 PBA ABC PBC 90 30 60 在 PAB中 PB 90 AB 30 由余弦定理得 根據(jù) 兩點之間線段最短 可知 最短航線是 P A B C P 或 P C B A P 其航程為S PA AB BC CP 30 30 30 30 30 60 30 所以應按航線 P A B C P 或 P C B A P 航行 其航程為 熱點考向三與解三角形有關的交匯問題考向剖析 本考向考查形式為三種題型都可能會出現(xiàn) 主要考查以三角恒等變換 正 余弦定理為解題工具 常與三角函數(shù) 數(shù)列 向量 不等式等交匯命題 考查學生靈活運用知識進行邏輯推理 數(shù)學運算的能力 2019年的高考仍將以選擇題 填空題或解答題的形式考查 典例4 1 在 ABC中 角A B C所對的的邊分別是a b c 且a b c成等差數(shù)列 則角B的取值范圍是 2 在 ABC中 角A B C所對的邊分別是a b c 滿足4acosB bcosC ccosB 求cosB的值 若 3 b 3 求a和c的值 解析 1 選B 因為a b c成等差數(shù)列 所以2b a c 在 ABC中 由余弦定理得 由基本不等式所以所以B的取值范圍是 2 由題意得 4sinAcosB sinBcosC sinCcosB 所以4sinAcosB sinBcosC sinCcosB sin B C sinA 因為sinA 0 所以cosB 由 3得accosB 3 ac 12 由b2 a2 c2 2accosB b 3可得a2 c2 24 所以 a c 2 0 a c 代入ac 12可得a c 2 名師點睛 與解三角形有關的交匯問題的關注點1 根據(jù)條件恰當選擇正弦 余弦定理完成邊角互化 2 結合內角和定理 面積公式等 靈活運用三角恒等變換公式 考向精練 已知向量m sinx 1 向量函數(shù) 1 求f x 的最小正周期T 2 已知a b c分別為 ABC內角A B C的對邊 A為銳角 a 2 c 4 且恰是f x 在上的最大值 求A和b的值 解析 1 2 由 1 知 所以當時 當2x 時f x 取得最大值3 此時x 由f A 3得A 由余弦定理 得a2 b2 c2 2bccosA 所以12 b2 16 2 4b 即b2 4b 4 0 則b 2 加練備選 已知向量b sinx sinx f x a b 1 求函數(shù)f x 的最小正周期及f x 的最大值 2 在銳角 ABC中 角A B C的對邊分別為a b c 若 1 a 2 求 ABC面積的最大值 解析 1 易得a sinx cosx 則f x a b sin2x sinxcosx cos2x sin2x sin 2x 所以f x 的最小正周期T 當2x 2k k Z時 即x k k Z 時 f x 取最大值是 2 因為所以 因為a2 b2 c2 2bccosA 所以12 b2 c2 bc 所以b2 c2 bc 12 2bc 所以bc 12 當且僅當b c時等號成立 所以S bcsinA bc 3 所以當 ABC為等邊三角形時面積取最大值是3