2019年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題八 選考4系列 專題能力訓(xùn)練20 坐標(biāo)系與參數(shù)方程 文.doc

《2019年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題八 選考4系列 專題能力訓(xùn)練20 坐標(biāo)系與參數(shù)方程 文.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《2019年高考數(shù)學(xué)二輪復(fù)習(xí) 專題八 選考4系列 專題能力訓(xùn)練20 坐標(biāo)系與參數(shù)方程 文.doc（6頁(yè)珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。

專題能力訓(xùn)練20　坐標(biāo)系與參數(shù)方程 一、能力突破訓(xùn)練 1.在平面直角坐標(biāo)系xOy中,圓C的參數(shù)方程為x=1+3cost,y=-2+3sint(t為參數(shù)).在極坐標(biāo)系(與平面直角坐標(biāo)系xOy取相同的長(zhǎng)度單位,且以原點(diǎn)O為極點(diǎn),以x軸非負(fù)半軸為極軸)中,直線l的方程為2ρsinθ-π4=m(m∈R). (1)求圓C的普通方程及直線l的直角坐標(biāo)方程; (2)設(shè)圓心C到直線l的距離等于2,求m的值. 2.已知?jiǎng)狱c(diǎn)P,Q都在曲線C:x=2cost,y=2sint(t為參數(shù))上,對(duì)應(yīng)參數(shù)分別為t=α與t=2α(0<α<2π),M為PQ的中點(diǎn). (1)求點(diǎn)M的軌跡的參數(shù)方程; (2)將點(diǎn)M到坐標(biāo)原點(diǎn)的距離d表示為α的函數(shù),并判斷點(diǎn)M的軌跡是否過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn). 3.在平面直角坐標(biāo)系xOy中,已知直線l的參數(shù)方程為x=-8+t,y=t2(t為參數(shù)),曲線C的參數(shù)方程為x=2s2,y=22s(s為參數(shù)).設(shè)P為曲線C上的動(dòng)點(diǎn),求點(diǎn)P到直線l的距離的最小值. 4.(2018全國(guó)Ⅰ,文22)在直角坐標(biāo)系xOy中,曲線C1的方程為y=k|x|+2.以坐標(biāo)原點(diǎn)為極點(diǎn),x軸正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系,曲線C2的極坐標(biāo)方程為ρ2+2ρcos θ-3=0. (1)求C2的直角坐標(biāo)方程; (2)若C1與C2有且僅有三個(gè)公共點(diǎn),求C1的方程. 5.在極坐標(biāo)系中,曲線C的極坐標(biāo)方程為ρsin2θ-cos θ=0,點(diǎn)M1,π2.以極點(diǎn)O為原點(diǎn),以極軸為x軸正半軸建立直角坐標(biāo)系.斜率為-1的直線l過(guò)點(diǎn)M,且與曲線C交于A,B兩點(diǎn). (1)求出曲線C的直角坐標(biāo)方程和直線l的參數(shù)方程; (2)求點(diǎn)M到A,B兩點(diǎn)的距離之積. 二、思維提升訓(xùn)練 6.在平面直角坐標(biāo)系xOy中,直線l的參數(shù)方程為x=3+12t,y=32t (t為參數(shù)),以原點(diǎn)為極點(diǎn),x軸正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系,☉C的極坐標(biāo)方程為ρ=23sin θ. (1)寫(xiě)出☉C的直角坐標(biāo)方程; (2)P為直線l上一動(dòng)點(diǎn),當(dāng)P到圓心C的距離最小時(shí),求P的直角坐標(biāo). 7.已知直線l的參數(shù)方程為x=1+2t,y=2t(t為參數(shù)),以坐標(biāo)原點(diǎn)為極點(diǎn),x軸正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系,曲線C的極坐標(biāo)方程是ρ=sinθ1-sin2θ. (1)寫(xiě)出直線l的極坐標(biāo)方程與曲線C的直角坐標(biāo)方程; (2)若點(diǎn)P是曲線C上的動(dòng)點(diǎn),求點(diǎn)P到直線l的距離的最小值,并求出點(diǎn)P的坐標(biāo). 8.在平面直角坐標(biāo)系xOy中,曲線C1的參數(shù)方程為x=3cosα,y=sinα(α為參數(shù)),以原點(diǎn)O為極點(diǎn),x軸正半軸為極軸建立極坐標(biāo)系,曲線C2的極坐標(biāo)方程為ρsinθ+π4=42. (1)求曲線C1的普通方程與曲線C2的直角坐標(biāo)方程; (2)設(shè)P為曲線C1上的動(dòng)點(diǎn),求點(diǎn)P到C2上點(diǎn)的距離的最小值,并求此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo).  專題能力訓(xùn)練20　坐標(biāo)系與參數(shù)方程(選修4—4) 一、能力突破訓(xùn)練 1.解 (1)消去參數(shù)t,得到圓C的普通方程為(x-1)2+(y+2)2=9.由2ρsinθ-π4=m, 得ρsin θ-ρcos θ-m=0. 所以直線l的直角坐標(biāo)方程為x-y+m=0. (2)依題意,圓心C到直線l的距離等于2, 即|1-(-2)+m|2=2,解得m=-322. 2.解 (1)依題意有P(2cos α,2sin α),Q(2cos 2α,2sin 2α), 因此M(cos α+cos 2α,sin α+sin 2α). 點(diǎn)M的軌跡的參數(shù)方程為x=cosα+cos2α,y=sinα+sin2α(α為參數(shù),0<α<2π). (2)點(diǎn)M到坐標(biāo)原點(diǎn)的距離 d=x2+y2=2+2cosα(0<α<2π). 當(dāng)α=π時(shí),d=0,故點(diǎn)M的軌跡過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn). 3.解 直線l的普通方程為x-2y+8=0. 因?yàn)辄c(diǎn)P在曲線C上,設(shè)P(2s2,22s), 從而點(diǎn)P到直線l的距離d=|2s2-42s+8|12+(-2)2=2(s-2)2+45. 當(dāng)s=2時(shí),dmin=455. 因此當(dāng)點(diǎn)P的坐標(biāo)為(4,4)時(shí),曲線C上點(diǎn)P到直線l的距離取到最小值455. 4.解 (1)由x=ρcos θ,y=ρsin θ得C2的直角坐標(biāo)方程為(x+1)2+y2=4. (2)由(1)知C2是圓心為A(-1,0),半徑為2的圓. 由題設(shè)知,C1是過(guò)點(diǎn)B(0,2)且關(guān)于y軸對(duì)稱的兩條射線.記y軸右邊的射線為l1,y軸左邊的射線為l2,由于B在圓C2的外面,故C1與C2有且僅有三個(gè)公共點(diǎn)等價(jià)于l1與C2只有一個(gè)公共點(diǎn)且l2與C2有兩個(gè)公共點(diǎn),或l2與C2只有一個(gè)公共點(diǎn)且l1與C2有兩個(gè)公共點(diǎn). 當(dāng)l1與C2只有一個(gè)公共點(diǎn)時(shí),A到l1所在直線的距離為2,所以|-k+2|k2+1=2,故k=-43或k=0.經(jīng)檢驗(yàn),當(dāng)k=0時(shí),l1與C2沒(méi)有公共點(diǎn);當(dāng)k=-43時(shí),l1與C2只有一個(gè)公共點(diǎn),l2與C2有兩個(gè)公共點(diǎn). 當(dāng)l2與C2只有一個(gè)公共點(diǎn)時(shí),A到l2所在直線的距離為2,所以|k+2|k2+1=2,故k=0或k=43,經(jīng)檢驗(yàn),當(dāng)k=0時(shí),l1與C2沒(méi)有公共點(diǎn);當(dāng)k=43時(shí),l2與C2沒(méi)有公共點(diǎn). 綜上,所求C1的方程為y=-43|x|+2. 5.解 (1)x=ρcos θ,y=ρsin θ, 由ρsin2θ-cos θ=0,得ρ2sin2θ=ρcos θ. 所以y2=x即為曲線C的直角坐標(biāo)方程. 點(diǎn)M的直角坐標(biāo)為(0,1), 直線l的傾斜角為3π4, 故直線l的參數(shù)方程為 x=tcos3π4,y=1+tsin3π4(t為參數(shù)),即x=-22t,y=1+22t(t為參數(shù)). (2)把直線l的參數(shù)方程x=-22t,y=1+22t(t為參數(shù))代入曲線C的方程得1+22t2=-22t, 即t2+32t+2=0,Δ=(32)2-42=10>0. 設(shè)A,B對(duì)應(yīng)的參數(shù)分別為t1,t2, 則t1+t2=-32,t1t2=2. 又直線l經(jīng)過(guò)點(diǎn)M,故由t的幾何意義得 點(diǎn)M到A,B兩點(diǎn)的距離之積 |MA||MB|=|t1||t2|=|t1t2|=2. 二、思維提升訓(xùn)練 6.解 (1)由ρ=23sin θ,得ρ2=23ρsin θ, 從而有x2+y2=23y,所以x2+(y-3)2=3. (2)設(shè)P3+12t,32t,又C(0,3), 則|PC|=3+12t2+32t-32=t2+12, 故當(dāng)t=0時(shí),|PC|取得最小值, 此時(shí),點(diǎn)P的直角坐標(biāo)為(3,0). 7.解 (1)由x=1+2t,y=2t,得x-y=1, 故直線l的極坐標(biāo)方程為ρcos θ-ρsin θ=1, 即2ρcosθcosπ4-sinθsinπ4=1, 即2ρcosθ+π4=1. ∵ρ=sinθ1-sin2θ, ∴ρ=sinθcos2θ, ∴ρcos2θ=sin θ, ∴(ρcos θ)2=ρsin θ, 即曲線C的直角坐標(biāo)方程為y=x2. (2)設(shè)P(x0,y0),y0=x02,則P到直線l的距離d=|x0-y0-1|2=|x0-x02-1|2=-x0-122-342=x0-122+342. ∴當(dāng)x0=12時(shí),dmin=328,此時(shí)P12,14. ∴當(dāng)點(diǎn)P的坐標(biāo)為12,14時(shí),P到直線l的距離最小,最小值為328. 8.解 (1)由曲線C1:x=3cosα,y=sinα(α為參數(shù)),得 x3=cosα,y=sinα(α為參數(shù)), 兩式兩邊平方相加,得x32+y2=1, 即曲線C1的普通方程為x23+y2=1. 由曲線C2:ρsinθ+π4=42,得 22ρ(sin θ+cos θ)=42, 即ρsin θ+ρcos θ=8,所以x+y-8=0, 即曲線C2的直角坐標(biāo)方程為x+y-8=0. (2)由(1)知,橢圓C1與直線C2無(wú)公共點(diǎn),橢圓上的點(diǎn)P(3cos α,sin α)到直線x+y-8=0的距離d=|3cosα+sinα-8|2=2sinα+π3-82, 所以當(dāng)sinα+π3=1時(shí),d的最小值為32,此時(shí)點(diǎn)P的坐標(biāo)為32,12.