2019年高考物理二輪復(fù)習(xí) 單科標(biāo)準(zhǔn)練2.doc
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單科標(biāo)準(zhǔn)練(二) (時(shí)間：70分鐘 分值：110分) 第Ⅰ卷 一、選擇題：本題共8小題，每小題6分．在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第14～18題只有一項(xiàng)符合題目要求，第19～21題有多項(xiàng)符合題目要求．全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)或不答的得0分． 14．一個(gè)物體在四個(gè)外力作用下做勻速直線運(yùn)動(dòng)．如果其中一個(gè)外力F方向保持不變，而大小逐漸減小直至等于零．則在這一過(guò)程中，物體運(yùn)動(dòng)的速度可能是( ) A．速度的大小越來(lái)越小，減小到零后又反向運(yùn)動(dòng)，速度最后趨于恒定 B．速度的大小越來(lái)越大，再越來(lái)越小，速度最后趨于恒定 C．速度大小越來(lái)越小，方向時(shí)刻改變，最后趨于恒定 D．速度大小越來(lái)越大，方向時(shí)刻改變 D [物體在四個(gè)外力作用下做勻速直線運(yùn)動(dòng)，物體所受的合外力為零，所受的另外三個(gè)外力的合力與該外力F的大小相等、方向相反．當(dāng)F逐漸減小時(shí)，剩余其他外力的合力反向且逐漸增大，當(dāng)外力F和物體初速度方向在一條直線上時(shí)，如果方向一致，物體將先做減速運(yùn)動(dòng)，減小到零后再做加速運(yùn)動(dòng)，速度越來(lái)越大，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；如果外力F的方向與初速度的方向相反，當(dāng)F逐漸減小直至等于零的過(guò)程中，物體的速度越來(lái)越大，不會(huì)趨于恒定，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；當(dāng)F的方向和初速度的方向不在一條直線上時(shí)，物體的速度大小和方向都會(huì)改變，當(dāng)其余三個(gè)外力的合力和速度方向的夾角大于90時(shí)，速度大小越來(lái)越小，方向時(shí)刻改變，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；當(dāng)其余三個(gè)外力的合力和速度方向的夾角小于90時(shí)，速度大小越來(lái)越大，方向時(shí)刻改變，選項(xiàng)D正確．] 15．下列說(shuō)法不正確的是( ) A．玻爾大膽提出假設(shè)，認(rèn)為實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性 B．放射性元素與別的元素形成化合物時(shí)仍具有放射性 C．氫原子從能級(jí)4躍遷到能級(jí)3輻射出的光子的波長(zhǎng)大于從能級(jí)2躍遷到能級(jí)1輻射出的光子的波長(zhǎng) D．在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，用同種頻率的光照射不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能Ek越大，則這種金屬的逸出功W0越小 A [德布羅意提出實(shí)物粒子也具有波動(dòng)性，故A錯(cuò)誤；放射性元素的放射性與核外電子無(wú)關(guān)，故放射性元素與別的元素形成化合物時(shí)仍具有放射性，故B正確；根據(jù)玻爾理論，氫原子從能級(jí)4躍遷到能級(jí)3輻射出的光子的波長(zhǎng)大于從能級(jí)2躍遷到能級(jí)1輻射出的光子的波長(zhǎng)，選項(xiàng)C正確；在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中，根據(jù)Ek＝hν－W0可知，用同種頻率的光照射不同的金屬表面，從金屬表面逸出的光電子的最大初動(dòng)能Ek越大，這種金屬的逸出功W0越小，選項(xiàng)D正確．] 16．有兩顆質(zhì)量不等，在圓軌道運(yùn)行的人造地球衛(wèi)星．用T表示衛(wèi)星的運(yùn)行周期，用p表示衛(wèi)星的動(dòng)量，則有關(guān)軌道半徑較大的那顆衛(wèi)星的周期T、動(dòng)量p和機(jī)械能，下列說(shuō)法中正確的是( ) A．周期T較大，動(dòng)量p也一定較大，機(jī)械能也大 B．周期T較大，動(dòng)量p可能較小，機(jī)械能不能確定 C．周期T較小，動(dòng)量p也較大，機(jī)械能大 D．周期T較小，動(dòng)量p也較小，質(zhì)量大的衛(wèi)星的機(jī)械能也大 B [在圓軌道上運(yùn)行的人造地球衛(wèi)星，其所需的向心力是由地球?qū)πl(wèi)星的萬(wàn)有引力提供的，即G＝，可得：v＝，由p＝mv可知，衛(wèi)星動(dòng)量的大小與物體的速度和質(zhì)量大小都有關(guān)，軌道半徑大的衛(wèi)星運(yùn)行速度小，但質(zhì)量不確定，因此動(dòng)量不一定大，機(jī)械能也不一定大，再根據(jù)G＝mr，可得T＝，軌道半徑r越大，人造衛(wèi)星的運(yùn)行周期T越大，所以選項(xiàng)A、C、D錯(cuò)誤，選項(xiàng)B正確．] 17.如圖1所示為某質(zhì)點(diǎn)做直線運(yùn)動(dòng)時(shí)的v–t圖象，圖象關(guān)于圖中虛線對(duì)稱，則在0～t1時(shí)間內(nèi)，關(guān)于質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是( ) 圖1 A．若質(zhì)點(diǎn)能兩次到達(dá)某一位置，則兩次到達(dá)這一位置的速度大小一定相等 B．若質(zhì)點(diǎn)能兩次到達(dá)某一位置，則兩次的速度都不可能為零 C．若質(zhì)點(diǎn)能三次通過(guò)某一位置，則可能三次都是加速通過(guò)該位置 D．若質(zhì)點(diǎn)能三次通過(guò)某一位置，則可能兩次加速通過(guò)，一次減速通過(guò) D [如圖所示，畫(huà)出質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過(guò)程圖，質(zhì)點(diǎn)在0～t1時(shí)間內(nèi)能兩次到達(dá)的位置有兩個(gè)，分別對(duì)應(yīng)質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)速度為零的兩個(gè)位置，因此A、B錯(cuò)誤；在質(zhì)點(diǎn)沿負(fù)方向加速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)可三次通過(guò)某一位置，這時(shí)質(zhì)點(diǎn)兩次加速，一次減速，在質(zhì)點(diǎn)沿負(fù)方向減速運(yùn)動(dòng)的過(guò)程中，質(zhì)點(diǎn)可三次通過(guò)某一位置，這時(shí)質(zhì)點(diǎn)兩次減速，一次加速，C項(xiàng)錯(cuò)誤，D項(xiàng)正確．] 18.一臺(tái)理想變壓器的原、副線圈的匝數(shù)比是5∶1，原線圈接入電壓為220 V的正弦交流電，一個(gè)滑動(dòng)變阻器R接在副線圈上，如圖2所示，電壓表和電流表均為理想交流電表．則下列說(shuō)法正確的是( ) 圖2 A．原、副線圈中的電流之比為5∶1 B．電壓表的示數(shù)為44 V C．若滑動(dòng)變阻器接入電路的阻值為20 Ω，則1 min內(nèi)產(chǎn)生的熱量為2 904 J D．若將滑動(dòng)變阻器的滑片向上滑動(dòng)，則兩電表的示數(shù)均減小 B [由理想變壓器的電流和電壓的關(guān)系可知，原、副線圈電流比為1∶5，電壓表示數(shù)為44 V，故A錯(cuò)誤，B正確；由Q＝t可求得Q＝5 808 J，故C錯(cuò)誤；電壓表測(cè)的是副線圈兩端的電壓，因此無(wú)論滑片如何移動(dòng)其示數(shù)均不變，故D錯(cuò)誤．] 19.如圖3所示，兩帶有等量異種電荷的平行金屬板M、N水平放置，a、b為同一條電場(chǎng)線上的兩點(diǎn)．若將一質(zhì)量為m、電荷量為－q的帶電粒子分別置于a、b兩點(diǎn)，則粒子在a點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能大于其在b點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能；若將該粒子從b點(diǎn)以初速度v0豎直向上拋出，則粒子到達(dá)a點(diǎn)時(shí)的速度恰好為零．已知a、b兩點(diǎn)間的距離為d，金屬板M、N所帶電荷量始終不變，不計(jì)帶電粒子的重力，則下列判斷中正確的是( ) 圖3 A．a(chǎn)點(diǎn)電勢(shì)一定低于b點(diǎn)電勢(shì) B．兩平行金屬板間形成的勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小為 C．a(chǎn)、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為Uab＝ D．若將M、N兩板間的距離稍微增大一些，則a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差變小 AB [由于－qφa＞－qφb，所以φa＜φb，即a點(diǎn)電勢(shì)低于b點(diǎn)電勢(shì)，選項(xiàng)A正確；由動(dòng)能定理可知：－qEd＝0－mv，解得該勻強(qiáng)電場(chǎng)的電場(chǎng)強(qiáng)度大小為：E＝，選項(xiàng)B正確；由于a、b兩點(diǎn)間的距離為d，則由Uba＝Ed可得：Uba＝，故Uab＝－，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；若將M、N兩板間的距離稍微增大一些，設(shè)兩板間的距離為d′，則有C＝，C＝，U＝Ed，聯(lián)立以上三式可得：E＝，故勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)大小不變，故a、b兩點(diǎn)間的電勢(shì)差不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．] 20.如圖4所示，傾角為α的斜面固定在水平地面上，斜面上有兩個(gè)質(zhì)量均為m的小球A、B，它們用勁度系數(shù)為k的輕質(zhì)彈簧相連接，現(xiàn)對(duì)A施加一個(gè)水平向右大小為F＝mg的恒力，使A、B在斜面上都保持靜止，如果斜面和兩個(gè)小球的摩擦均忽略不計(jì)，此時(shí)彈簧的長(zhǎng)度為L(zhǎng)，則下列說(shuō)法正確的是( ) 圖4 A．彈簧的原長(zhǎng)為L(zhǎng)－ B．斜面的傾角為α＝30 C．撤掉恒力F的瞬間小球A的加速度不變 D．撤掉恒力F的瞬間小球B的加速度為0 ABD [對(duì)小球B進(jìn)行受力分析，由平衡條件可得：kx＝mgsin α，解得x＝，所以彈簧的原長(zhǎng)為L(zhǎng)－x＝L－；對(duì)小球A進(jìn)行受力分析，由平衡條件可得：Fcos α＝mgsin α＋kx，解得：α＝30，所以彈簧的原長(zhǎng)為L(zhǎng)－，選項(xiàng)A、B正確．撤掉恒力F的瞬間，對(duì)A進(jìn)行受力分析，可得mgsin α＋kx＝maA，小球A此時(shí)的加速度aA＝g，選項(xiàng)C錯(cuò)誤．撤掉恒力F的瞬間，彈簧彈力不變，B球所受合力不變，故B球的加速度為零，選項(xiàng)D正確．] 21.如圖5所示，金屬線圈B和金屬線圈A是同心圓，半徑分別為r1、r2，若給A線圈通以電流，結(jié)果B線圈中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻碾娏?，且電流大小恒定為I，線圈B的電阻為R，則下列說(shuō)法不正確的是( ) 圖5 A．A線圈中的電流一定沿順時(shí)針?lè)较? B．A線圈中的電流一定是均勻增大的 C．B線圈中磁通量的變化率一定為IR D．B線圈一定有收縮的趨勢(shì) ABD [由于B線圈中產(chǎn)生順時(shí)針?lè)较虻碾娏?，則根據(jù)楞次定律可知，A線圈中的電流可能是順時(shí)針?lè)较驕p小，也可能是逆時(shí)針?lè)较蛟龃?，A項(xiàng)錯(cuò)誤；由于B線圈中的電流恒定，因此磁場(chǎng)均勻變化，A線圈中的電流可能均勻增大，也可能均勻減小，B項(xiàng)錯(cuò)誤；由歐姆定律及法拉第電磁感應(yīng)定律，＝IR，C正確；如果A線圈中的電流減小，根據(jù)楞次定律可知，B線圈有擴(kuò)張趨勢(shì)，D項(xiàng)錯(cuò)誤．] 第Ⅱ卷 二、非選擇題：包括必考題和選考題兩部分．第22～25題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答．第33～34題為選考題，考生根據(jù)要求作答． (一)必考題：共47分． 22．(6分)用如圖6甲所示的裝置來(lái)探究由m1、m2組成的系統(tǒng)的機(jī)械能．通過(guò)光滑的定滑輪用輕繩的兩端連接著質(zhì)量為m1和m2的兩物塊，m1下端與穿過(guò)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器的紙帶相連接．如果讓m2從高處由靜止開(kāi)始下落，m1上拖著的紙帶被打出一系列的點(diǎn)，如圖乙所示是實(shí)驗(yàn)中獲取的一條紙帶，O是打下的第一個(gè)點(diǎn)，每相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)間的時(shí)間間隔為T(mén)，測(cè)得OC＝h，BC＝h1，CD＝h2，m1下載提示(請(qǐng)認(rèn)真閱讀)
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