2019屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第二章 函數(shù)、導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 課堂達(dá)標(biāo)14 導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的單調(diào)性 文 新人教版.doc
《2019屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第二章 函數(shù)、導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 課堂達(dá)標(biāo)14 導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的單調(diào)性 文 新人教版.doc》由會(huì)員分享,可在線閱讀,更多相關(guān)《2019屆高考數(shù)學(xué)一輪復(fù)習(xí) 第二章 函數(shù)、導(dǎo)數(shù)及其應(yīng)用 課堂達(dá)標(biāo)14 導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的單調(diào)性 文 新人教版.doc(8頁珍藏版)》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
課堂達(dá)標(biāo)(十四) 導(dǎo)數(shù)與函數(shù)的單調(diào)性 [A基礎(chǔ)鞏固練] 1.(2018九江模擬)函數(shù)f(x)=(x-3)ex的單調(diào)遞增區(qū)間是( ) A.(-∞,2) B.(0,3) C.(1,4) D.(2,+∞) [解析] 函數(shù)f(x)=(x-3)ex的導(dǎo)數(shù)為f′(x)=[(x-3)ex]′=ex+(x-3)ex=(x-2)ex.由函數(shù)導(dǎo)數(shù)與函數(shù)單調(diào)性的關(guān)系,得當(dāng)f′(x)>0時(shí),函數(shù)f(x)單調(diào)遞增,此時(shí)由不等式f′(x)=(x-2)ex>0,解得x>2. [答案] D 2.(高考課標(biāo)全國(guó)卷Ⅱ)若函數(shù)f(x)=kx-ln x在區(qū)間(1,+∞)單調(diào)遞增,則k的取值范圍是( ) A.(-∞,-2] B.(-∞,-1] C.[2,+∞) D.[1,+∞) [解析] 由于f′(x)=k-,f(x)=kx-ln x在區(qū)間(1,+∞)單調(diào)遞增?f′(x)=k-≥0在(1,+∞)上恒成立. 由于k≥,而0<<1,所以k≥1.即k的取值范圍為[1,+∞). [答案] D 3.(2017浙江)函數(shù)y=f(x)的導(dǎo)函數(shù)y=f′(x)的圖象如圖所示,則函數(shù)y=f(x)的圖象可能是( ) [解析] 原函數(shù)先減再增,再減再增,且由增變減時(shí),極值點(diǎn)大于0,因此選D. [答案] D 4.(2018湖南省永州市三模)已知函數(shù)f(x)=x3+ax2+bx-1在區(qū)間[0,1]上單調(diào)遞減,m=a+b,則m的取值范圍是( ) A. B. C. D.[-3,+∞) [解析] 依題意,f′(x)=3x2+2ax+b≤0,在[0,1]上恒成立. 只需要即可, ∴3+2a+2b≤0,∴m=a+b≤-. ∴m的取值范圍是(-∞,-]. [答案] A 5.(2018長(zhǎng)治模擬)函數(shù)f(x)=x2+2mln x(m<0)的單調(diào)遞減區(qū)間為( ) A.(0,+∞) B.(0,) C.(,+∞) D.(0,)∪(,+∞) [解析] 由條件知函數(shù)f(x)的定義域?yàn)?0,+∞). 因?yàn)閙<0,則f′(x)=. 當(dāng)x變化時(shí),f′(x),f(x)的變化情況如下表: x (0,) (,+∞) f′(x) - 0 + f(x) 極小值 由上表可知,函數(shù)f(x)的單調(diào)遞減區(qū)間是(0,),單調(diào)遞增區(qū)間是(,+∞). [答案] B 6.(2018山西省長(zhǎng)治二中、晉城一中、康杰中學(xué)、臨汾一中、忻州一中五校)定義在(-∞,0)上的函數(shù)f(x)滿足x2f′(x)+1>0,f(1)=6,則不等式f(lg x)<+5的解集為( ) A.(,10) B.(0,10) C.(10,+∞) D.(1,10) [解析] 由x2f′(x)+1>0,得f′(x)+>0,設(shè)g(x)=f(x)--5,則g′(x)=f′(x)+,故g(x)在(0,+∞)上單調(diào)遞增,又g(1)=0,故g(x)<0的解集為(0,1),即f(x)<+5的解集為(0,1),由0<lg x<1解得1<x<10,則所求不等式的解集為(1,10),故選D. [答案] D 7.(2018青島模擬)若函數(shù)f(x)=x3+bx2+cx+d的單調(diào)減區(qū)間為(-1,3),則b+c= ________ . [解析] f′(x)=3x2+2bx+c,由題意知-1<x<3是不等式3x2+2bx+c<0的解集,∴-1,3是f′(x)=0的兩個(gè)根,∴b=-3,c=-9,b+c=-12. [答案]?。?2 8.(2018九江第一次統(tǒng)考)已知函數(shù)f(x)=x2+2ax-ln x,若f(x)在區(qū)間上是增函數(shù),則實(shí)數(shù)a的取值范圍為______. [解析] f′(x)=x+2a-≥0在上恒成立,則2a≥-x+在上恒成立, 因?yàn)閙ax=,所以2a≥,即a≥. [答案] 9.(2018衡水中學(xué)模擬)已知函數(shù)f(x)(x∈R)滿足f(1)=1,f(x)的導(dǎo)數(shù)f′(x)<,則不等式f(x2)<+的解集為 ________ . [解析] 設(shè)F(x)=f(x)-x,∴F′(x)=f′(x)-, ∵f′(x)<,∴F′(x)=f′(x)-<0, 即函數(shù)F(x)在R上單調(diào)遞減, ∵f(x2)<+,∴f(x2)-<f(1)-, ∴F(x2)<F(1),而函數(shù)F(x)在R上單調(diào)遞減, ∴x2>1,即x∈(-∞,-1)∪(1,+∞). [答案] (-∞,-1)∪(1,+∞) 10.已知函數(shù)f(x)=+-ln x-,其中a∈R,且曲線y=f(x)在點(diǎn)(1,f(1))處的切線垂直于直線y=x. (1)求a的值; (2)求函數(shù)f(x)的單調(diào)區(qū)間. [解] (1)對(duì)f(x)求導(dǎo)得f′(x)=--, 由f(x)在點(diǎn)(1,f(1))處的切線垂直于直線y=x知f′(1)=--a=-2,解得a=. (2)由(1)知f(x)=+-ln x-, 則f′(x)=. 令f′(x)=0,解得x=-1或x=5. 因?yàn)閤=-1不在f(x)的定義域(0,+∞)內(nèi),故舍去. 當(dāng)x∈(0,5)時(shí),f′(x)<0,故f(x)在(0,5)內(nèi)為減函數(shù); 當(dāng)x∈(5,+∞)時(shí),f′(x)>0,故f(x)在(5,+∞)內(nèi)為增函數(shù). 綜上,f(x)的單調(diào)增區(qū)間為(5,+∞),單調(diào)減區(qū)間為(0,5). [B能力提升練] 1.(2018湛江一模)若函數(shù)f(x)=x+(b∈R)的導(dǎo)函數(shù)在區(qū)間(1,2)上有零點(diǎn),則f(x)在下列區(qū)間上單調(diào)遞增的是( ) A.(-2,0) B.(0,1) C.(1,+∞) D.(-∞,-2) [解析] 由題意知,f′(x)=1-,∵函數(shù)f(x)=x+(b∈R)的導(dǎo)函數(shù)在區(qū)間(1,2)上有零點(diǎn),∴當(dāng)1-=0時(shí),b=x2,又x∈(1,2),∴b∈(1,4),令f′(x)>0,解得x<-或x>,即f(x)的單調(diào)遞增區(qū)間為(-∞,-),(,+∞),∵b∈(1,4),∴(-∞,-2)符合題意. [答案] D 2.(2018河南新鄉(xiāng)三模)定義在(0,+∞)上的函數(shù)f(x)滿足f(x)>2(x+)f′(x),其中f′(x)為f(x)的導(dǎo)函數(shù),則下列不等式中,一定成立的是( ) A.f(1)>> B. >> C.f(1)<< D. << [解析] ∵f(x)>2(x+)f′(x), ∴f(x)>2(+1)f′(x), ∴f(x)>(+1)f′(x). ∴f′(x)(+1)-f(x)<0,∴′<0, 設(shè)g(x)=,則函數(shù)g(x)在(0,+∞)上遞減, 故g(1)>g(4)>g(9),∴>>, 當(dāng)f(x)=-(+1)時(shí), 滿足f(x)>2(x+)f′(x), 易得f(1)=-2,=-1-,=-1-, ∴f(1)<<, 當(dāng)f(x)=-(+1)時(shí), 滿足f(x)>2(x+)f′(x), 易得f(1)=-2,=-1-,=-1-, ∴f(1)>>,故A,C,D都錯(cuò). [答案] B 3.已知函數(shù)f(x)=-2x2+ln x(a>0).若函數(shù)f(x)在[1,2]上為單調(diào)函數(shù),則a的取值范圍是 ________ . [解析] f′(x)=-4x+, 若函數(shù)f(x)在[1,2]上為單調(diào)函數(shù), 即f′(x)=-4x+≥0或f′(x)=-4x+≤0在[1,2]上恒成立,即≥4x-或≤4x-在[1,2]上恒成立. 令h(x)=4x-,則h(x)在[1,2]上單調(diào)遞增, 所以≥h(2)或≤h(1),即≥或≤3,又a>0, 所以0<a≤或a≥1. [答案] ∪[1,+∞) 4.若函數(shù)f(x)=x2-ex-ax在R上存在單調(diào)遞增區(qū)間,則實(shí)數(shù)a的取值范圍是______. [解析] ∵f(x)=x2-ex-ax,∴f′(x)=2x-ex-a, ∵函數(shù)f(x)=x2-ex-ax在R上存在單調(diào)遞增區(qū)間, ∴f′(x)=2x-ex-a≥0,即a≤2x-ex有解, 設(shè)g(x)=2x-ex,則g′(x)=2-ex,令g′(x)=0,解得x=ln 2,則當(dāng)x- 1.請(qǐng)仔細(xì)閱讀文檔,確保文檔完整性,對(duì)于不預(yù)覽、不比對(duì)內(nèi)容而直接下載帶來的問題本站不予受理。
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