2019版高考物理二輪復習 專題六 物理實驗 第15講 力學實驗學案

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1、第15講力學實驗 主干體系知識 核心再現(xiàn)及學科素養(yǎng) 1.利用紙帶求瞬時速度：vn＝ 2.利用紙帶求加速度 (1)Δx＝xn＋1－xn＝aT2 (2)逐差法：a＝(6段逐差) 3.平衡摩擦力 4.主要實驗方法：控制變量法，替代法. 1．(2018·全國卷Ⅰ，22)如圖(a)，一彈簧上端固定在支架頂端，下端懸掛一托盤；一標尺由游標和主尺構成，主尺豎直固定在彈簧左邊；托盤上方固定有一能與游標刻度線準確對齊的裝置，簡化為圖中的指針． 現(xiàn)要測量圖(a)中彈簧的勁度系數．當托盤內沒有砝碼時，移動游標，使其零刻度線對準指針，此時標尺讀數為1.950 cm；當托盤內放有質量為0

2、.100 kg的砝碼時，移動游標，再次使其零刻度線對準指針，標尺示數如圖(b)所示，其讀數為________cm.當地的重力加速度大小為9.80 m/s2，此彈簧的勁度系數為________N/m(保留3位有效數字)． 解析　標尺的游標為20分度，精確度為0.05 mm，游標的第15個刻度與主尺刻度對齊，則讀數為37 mm＋15×0.05 mm＝37.75 mm＝3.775 cm. 彈簧形變量x＝(3.775－1.950)cm＝1.825 cm， 砝碼平衡時，mg＝kx， 所以勁度系數k＝＝N/m≈53.7 N/m.(保留3位有效數字) 答案　3.775　53.7 2．(2018·

3、全國卷Ⅱ，23)某同學用圖(a)所示的裝置測量木塊與木板之間的動摩擦因數．跨過光滑定滑輪的細線兩端分別與木塊和彈簧秤相連，滑輪和木塊間的細線保持水平，在木塊上方放置砝碼．緩慢向左拉動水平放置的木板，當木塊和砝碼相對桌面靜止且木板仍在繼續(xù)滑動時，彈簧秤的示數即為木塊受到的滑動摩擦力的大?。炒螌嶒炈脭祿谙卤碇薪o出，其中f4的值可從圖(b)中彈簧秤的示數讀出． 砝碼的質量m/kg 0.05 0.10 0.15 0.20 0.25 滑動摩擦力f/N 2.15 2.36 2.55 f4 2.93 回答下列問題： (1)f4＝________N； (2)在圖(c

4、)的坐標紙上補齊未畫出的數據點并繪出fm圖線； (3)f與m、木塊質量M、木板與木塊之間的動摩擦因數μ及重力加速度大小g之間的關系式為f＝________，fm圖線(直線)的斜率的表達式為k＝________； (4)取g＝9.80 m/s2，由繪出的fm圖線求得μ＝________.(保留2位有效數字) 解析　(1)由圖b可讀出彈簧秤的示數f4＝2.75 N. (2)fm圖線如圖所示． (3)摩擦力表達式f＝μ(M＋m)g，其斜率k＝μg. (4)圖線的斜率k＝＝＝3.9 解得μ≈0.40. 答案　(1)2.75 (2)如圖所示 (3)μ(M＋m)g　μg

5、(4)0.40 3．(2018·全國卷Ⅲ，22)甲、乙兩同學通過下面的實驗測量人的反應時間．實驗步驟如下： (1)甲用兩個手指輕輕捏住量程為L的木尺上端，讓木尺自然下垂．乙把手放在尺的下端(位置恰好處于L刻度，但未碰到尺)，準備用手指夾住下落的尺． (2)甲在不通知乙的情況下，突然松手，尺子下落；乙看到尺子下落后快速用手指夾住尺子．若夾住尺子的位置刻度為L1，重力加速度大小為g，則乙的反應時間為________(用L、L1和g表示)． (3)已知當地的重力加速度大小為g＝9.80 m/s2，L＝30.0 cm，L1＝10.4 cm.乙的反應時間為________s．(結果保留2位有效數

6、字) (4)寫出一條能提高測量結果準確程度的建議：______________. 解析　(2)根據自由落體運動的規(guī)律，得L－L1＝gt2，解得t＝. (3)將g＝9.80 m/s2，L＝30.0 cm＝0.300 m，L1＝10.4 cm＝0.104 m，代入t＝得t＝0.20 s. (4)建議：多次測量取平均值，初始時乙的手指盡可能接近尺子． 答案　(2)　(3)0.20　(4)多次測量取平均值；初始時乙的手指盡可能接近尺子 4．(2017·高考全國卷Ⅰ，22)某探究小組為了研究小車在桌面上的直線運動，用自制“滴水計時器”計量時間．實驗前，將該計時器固定在小車旁，如圖(a)所示．

7、實驗時，保持桌面水平，用手輕推一下小車．在小車運動過程中，滴水計時器等時間間隔地滴下水滴，圖(b)記錄了桌面上連續(xù)的6個水滴的位置．(已知滴水計時器每30 s內共滴下46個小水滴) (1)由圖(b)可知，小車在桌面上是________(填“從右向左”或“從左向右”)運動的． (2)該小組同學根據圖(b)的數據判斷出小車做勻變速運動．小車運動到圖(b)中A點位置時的速度大小為________m/s，加速大小為________m/s2.(結果均保留2位有效數字) 解析　(1)由于小車在水平桌面上運動時必然受到阻力作用，做勻減速直線運動，相鄰水滴(時間間隔相同)的位置間的距離逐漸減小，所以

8、由題圖(b)可知，小車在桌面上是從右向左運動的．(2)滴水計時器每30 s內共滴下46個小水滴，其滴水的時間間隔為T＝＝s.根據勻變速直線運動的規(guī)律，可得小車運動到題圖(b)中A點位置時的速度大小為vA＝m/s≈0.19 m/s.由逐差法可得，小車運動的加速度大小為a＝m/s2≈0.037 m/s2. 答案　(1)從右向左　(2)0.19　0.037 [考情分析] ■命題特點與趨勢 1．實驗題的考查呈現(xiàn)由基礎性向綜合性的遞進趨勢．實驗命題不避熱點，注重陳題翻新，重點實驗頻頻考，其他實驗“輪換”考，題目特點設置清晰，上手易得分容易，做好做全較難，能有效區(qū)分不同水平考生的實驗能力． 2．

9、重在考查實驗探究能力，而非實驗本身．新任務，新情境，原理設計，方法選擇，條件控制，數據處理的公式法、列表法、圖象法、平均值法和逐差法反復涉及，其中圖象法處理實驗數據與結果規(guī)律性探索是高考的熱點和亮點． 3．反映科技進步，實驗題引領教育創(chuàng)新．頻閃照相機或光電計時器替代打點計時器，氣墊導軌替代長木板，數字化傳感器直接測力或位移等，體現(xiàn)時代特征． ■解題要領 1．熟知各種器材的特性． 2．熟悉課本上的實驗，抓住實驗的靈魂——實驗原理，掌握數據處理的方法，熟知兩類誤差分析． 高頻考點一　基本儀器的讀數 [備考策略] 1．長度類測量儀器的讀數 (1)毫米刻度尺的讀數，精確到毫米，估讀

10、一位． (2)游標卡尺的讀數： 游標尺/mm 精確/mm 測量結果(游標尺上第n個刻線與主尺上的某刻度線正對時)/mm 刻度格數 刻度總長度 每小格與1毫米差 10 9 0.1 0.1 主尺上讀的毫米數＋0.1n 20 19 0.05 0.05 主尺上讀的毫米數＋0.05n 50 49 0.02 0.02 主尺上讀的毫米數＋0.02n (3)螺旋測微器的讀數：測量值＝固定刻度整毫米數＋半毫米數＋可動刻度讀數(含估讀)×0.01 mm. 2．時間類測量儀器的讀數 (1)打點計時器：每打兩個點的時間間隔為0.02 s，一般每五個點取一個計數點，則時

11、間間隔為Δt＝0.02×5 s＝0.1 s. (2)頻閃照相機：用等時間間隔獲取圖象信息的方法將物體在不同時刻的位置記錄下來，時間間隔Δt＝(f為頻閃照相機的頻率) (3)光電計時器：記錄遮光時間，時間間隔Δt＝(d為遮光板寬度，v為平均速度) [題組突破] 1－1.(2018·吉林長春外國語學校二模)圖中游標卡尺的讀數為________mm，螺旋測微器的讀數為________mm. 解析　游標卡尺的讀數為l＝52 mm＋7×mm＝52.35 mm； 螺旋測微器的讀數為d＝1.5 mm＋49.0×0.01 mm＝1.990 mm. 答案　52.35　1.990(1.899～1

12、.991均正確) 1－2.用游標卡尺測得某樣品的長度如圖甲所示，其讀數L＝________mm；用螺旋測微器測得該樣品的外邊長a如圖乙所示，其讀數為a＝________mm. 解析　根據游標卡尺的讀數方法，樣品的長度L＝20 mm＋0×0.1 mm＝20.0 mm.根據螺旋測微器的讀數方法，樣品的邊長a＝1.5 mm＋23.0×0.01 mm＝1.730 mm. 答案　20.0　1.730(1.729～1.731均正確) 1－3.請按要求填寫： (1)某同學用游標卡尺的________測得一玻璃杯的內高，如圖甲所示，則其內高為________cm； (2)又用螺旋測微器測得其玻

13、璃厚度如圖乙所示，則厚度為________mm； (3)該同學用螺旋測微器又測得一小球直徑如圖丙所示，正確讀數后得小球直徑為1.731 mm，則a＝________，b＝________. (4)某同學測定一金屬桿的長度和直徑，示數如圖丁、戊所示，則該金屬桿的長度和直徑分別為________cm和________mm. 解析　(1)因需測量的是玻璃杯的內高即深度，所以要用游標卡尺的深度尺測量，根據圖甲所示的游標卡尺主尺上的整毫米數為100 mm，游標尺的精確度為0.1 mm，且第3條刻度線與主尺上的刻度線對齊，可知玻璃杯的內高為100 mm＋0.1 mm×3＝100.3 mm＝1

14、0.03 cm. (2)螺旋測微器的讀數規(guī)則：測量值＝固定刻度讀數(注意半毫米刻度線是否露出)＋精確度(0.01 mm)×可動刻度讀數(一定要估讀)，所以玻璃厚度為2.5 mm＋0.01 mm×26.0＝2.760 mm. (3)因1.731 mm＝1.5 mm＋0.01 mm×23.1，由螺旋測微器讀數規(guī)則知a應為20，b應為0. (4)金屬桿長度由刻度尺示數可得，由題圖丁得L＝60.06 cm.由題圖戊知，此游標尺為50分度，游標尺上第10刻線與主尺上一刻線對齊，則金屬桿直徑為d＝4 mm＋×10 mm＝4.20 mm. 答案　(1)深度尺　10.03　(2)2.760　(3)20

15、　0 (4)60.06　4.20 [歸納反思] 游標卡尺和螺旋測微器讀數的“三點注意” 1．螺旋測微器讀數時要估讀，以毫米為單位，小數點后必須為3位，同時注意固定刻度上的半刻度是否露出． 2．游標卡尺不估讀，以毫米為單位，10分度卡尺，小數點后只有1位；20分度和50分度卡尺，小數點后有2位． 3．注意題目要求的單位是否為mm，若不是則要先以mm為單位讀數，然后再換算為題目要求的單位． 高頻考點二　“紙帶類”實驗的處理 [備考策略] 1．打點計時器系列實驗 力學實驗中用到打點計時器的實驗有：探究小車速度隨時間變化的規(guī)律，探究動能定理，驗證牛頓運動定律，驗證機械能守恒定律，驗

16、證動量守恒定律． 2．紙帶數據的處理方法 3．平衡摩擦力的方法 驗證牛頓運動定律、探究做功與速度變化的關系及驗證動量守恒定律均可能需平衡摩擦力，平衡摩擦力的方法是墊高有打點計時器的一端，給小車一個初速度，小車能勻速下滑． 4．兩個關鍵點 (1)區(qū)分計時點和計數點：計時點是指打點計時器在紙帶上打下的點．計數點是指測量和計算時在紙帶上所選取的點．要注意“每五個點取一個計數點”與“每隔四個點取一個計數點”的取點方法是一樣的． (2)涉及打點計時器的實驗均是先接通電源，打點穩(wěn)定后，再釋放紙帶． [題組突破] 2－1.甲、乙兩位同學在驗證機械能守恒定律的實驗中，用質量為200g的重物

17、拖著紙帶自由下落．打點計時器在紙帶上打出一系列的點．他們選取了一條紙帶進行測量，如圖所示．O為紙帶下落的起始點，A、B，C為紙帶上選取的三個連續(xù)點．O點至A、B、C點的距離sOA、sOB、sOC圖中已標注，已知打點計時器每隔T＝0.02 s打一個點，當地的重力加速度為g＝9.8 m/s2，那么 (1)為計算打B點時重物的動能．需要先計算出打B點時的瞬時速度，甲同學用v＝2gSOB.乙同學用vB＝，其中所選擇方法合理的是________填(“甲”或“乙”)同學． (2)若甲同學不小心將上述紙帶從OA之間扯斷，他們利用A點之后的紙帶________(填“能”或“不能”)達到驗證機械能守恒定

18、律的目的． (3)乙同學根據紙帶上的測量數據進一步探究下落過程中重物和紙帶所受的阻力．他計算出的正確結果應該是f＝________N. 解析　(1)根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求解瞬時速度，不能根據v＝2gsOB求解瞬時速度，因為這樣就默認了加速度為g，機械能守恒，失去驗證的意義．故正確的方法是乙同學；(2)可以利用A點之后的紙帶上的某兩點，測出這兩點的距離，根據某段時間內的平均速度等于中間時刻的瞬時速度求解瞬時速度，也可驗證機械能是否守恒；(3)根據Δx＝aT2，可求出a＝＝，代入數據解得 a＝×10－2＝9.5m/s2，由mg－f＝ma解得阻力f＝mg－ma＝0.2

19、×9.8－0.2×9.5＝0.06N. 答案　(1)乙　(2)能　(3)0.06 2－2.(2018·山東省青島市高考模擬檢測理科綜合能力測試)某同學用如圖所示的裝置，研究細繩對小車的拉力做功與小車動能變化的關系．通過改變動滑輪下所掛鉤碼的個數可以改變細繩對小車的拉力，實驗所用鉤碼質量均為m. (1)關于本實驗，下列說法正確的是________； A．實驗時，小車應靠近打點計時器，先釋放小車后，再接通電源，打出一條紙帶，同時記錄彈簧秤的示數 B．本實驗不需要平衡摩擦力 C．實驗過程中，動滑輪和所掛鉤碼所受重力等于彈簧秤示數的2倍 D．實驗中不需要滿足所掛鉤碼的總質量遠小于小車

20、的質量 (2)某次實驗時，所掛鉤碼的個數為2個，記錄的彈簧秤示數為F，小車質量為M，所得到的紙帶如圖所示，相鄰計數點間的時間間隔為T，兩相鄰計數點間的距離分別為S1、S2、S3、S4，該同學分析小車運動過程中的BD段，在操作正確的情況下應該有等式________成立． 解析　(1)A.實驗時，小車應靠近打點計時器，先接通電源，再釋放小車后，打出一條紙帶，同時記錄彈簧秤的示數，故A錯誤；B.探究外力做功與速度變化關系的實驗，要求合力為拉力，所以要平衡摩擦力，故B錯誤；C.實驗過程中，根據牛頓第二定律可知a＝，動滑輪和所掛鉤碼所受的重力大于彈簧秤示數的2倍，故C錯誤；D.拉力可以由彈簧測力

21、計測出，不需要滿足所掛鉤碼的總質量遠小于車的總質量，故D正確；(2)小車運動過程中的BD段合力做功為W＝F(S2＋S3)，動能的變化量 ΔEk＝Mv－ Mv＝M2－M2， 所以操作正確的情況下應該有等式F(S2＋S3)＝M2－M2； 答案　(1)D　(2)F(S2＋S3)＝M2－M2 2－3.(2018·濟寧市高三第二次模擬)一個有一定厚度的圓盤，可以繞通過中心且垂直于盤面的水平軸轉動，圓盤加速轉動時，角速度的增加量Δω與對應時間Δt的比值定義為角加速度β.我們用電磁打點計時器、刻度尺、游標卡尺紙帶(厚度不計)、復寫紙來完成下述實驗：(打點計時器所接交流電的頻率為)50Hz、A、B、

22、C、D……為計數點，相鄰兩計數點間有四個點未畫出 丙 實驗步驟如下 ①如圖甲所示，將打點計時器固定在桌面上，將紙帶的一端穿過打點計時器的限位孔，然后固定在圓盤的側面，當圓盤轉動時，紙帶可以卷在圓盤側面上； ②接通電源打點計時器開始打點，啟動控制裝置使圓盤勻加速轉動(即角加速度恒定)； ③經過一段時間，停止轉動和打點，取下紙帶，進行測量． 請回答下列問題： (1)由圖乙可知，圓盤的直徑為________cm； (2)由圖丙可知，打下計數點D時，圓盤轉動的角速度大小為________rad/s；(結果保留三位有效數字) (3)圓盤轉動的角加速度大小為________rad

23、/s2.(結果保留三位有效數字) 解析　(1)根據游標卡尺的讀數原理，可得讀數應為主尺上的和游標尺上的刻度相加由圖乙可知游標尺的分度為0.05 mm，主尺上為6.0 cm，游標尺上的第0個刻度線和主尺對齊，所以讀數為60 cm＋0.05×0 mm＝6.000 cm，即可得該圓盤的直徑d＝6.000 cm； (2)由題意知，紙帶上每點的時間間隔T＝0.10 s，打下計數點D時，紙帶運動速度大小為： vD＝＝m/s＝0.45m/s 此時圓盤轉動的角速度為ωD＝＝rad/s＝150rad/s； (3)紙帶運動的加速度大小為a＝，設角加速度為β，則β＝＝，代入數據解得：β＝28.0rad/s

24、2. 答案　(1)6.000　(2)15.0　(3)28.0 高頻考點三　彈簧、橡皮條問題 [備考策略] 力學實驗中用到彈簧或橡皮條的實驗有探究彈力與彈簧伸長的關系、驗證力的平行四邊形定則、探究做功與小車速度變化的關系． 1．探究彈力和彈簧伸長量的關系 (1)實驗原理 要測出每次懸掛重物的重力大小G和彈簧伸長的長度x，建立G－x坐標系，描點作圖探究． (2)操作關鍵 ①實驗中不能掛過多的鉤碼，使彈簧超過彈性限度； ②作圖象時，不要連成“折線”，而應盡量讓坐標點落在直線上或均勻分布在直線的兩側． 2．驗證力的平行四邊形定則 (1)實驗原理 使一個力的作用效果跟兩個力的共

25、同作用效果相同． (2)操作關鍵 ①每次拉伸結點位置O必須保持不變； ②記下每次各力的大小和方向； ③畫力的圖示時應選擇適當的標度． [題組突破] 3－1.在“探究彈力和彈簧伸長的關系并測定彈簧的勁度系數”實驗中，實驗裝置如圖甲所示．所懸掛鉤碼的重力相當于對彈簧提供了向右的恒定拉力．實驗時先測出不掛鉤碼時彈簧的自然長度，再將5個鉤碼逐個掛在繩子的下端，每次測出相應的彈簧總長度．作出彈簧的長度(x)隨鉤碼個數(n)變化的圖象如圖乙所示，則： (1)圖線與x軸的交點的物理意義是________； (2)圖線BC段偏離了直線，其原因是_______________； (3)該同

26、學實驗時，把彈簧水平放置與彈簧豎直懸掛放置相比，優(yōu)點在于________，缺點在于________． 解析　(1)圖線與x軸的交點的物理意義表示鉤碼個數n＝0時彈簧的長度，即為彈簧的原長． (2)根據胡克定律可知，在彈性限度內，彈簧的彈力與形變量成正比，因此隨著所掛鉤碼的改變，圖象應為一條傾斜直線，圖線BC段偏離了直線，說明彈簧的彈力與形變量不成正比關系，因此其原因為超出了彈簧的彈性限度． (3)當彈簧豎直放置時，彈簧實際自身有重力，會對彈簧產生拉力，因此改為水平放置時可以避免彈簧自身所受重力對實驗的影響，但是此時彈簧與桌面、繩子與滑輪間的摩擦卻不可避免，成為它的缺點． 答案　(1)彈

27、簧的原長　(2)超出彈簧的彈性限度 (3)避免彈簧自身所受重力對實驗的影響　彈簧與桌面、繩子與滑輪間存在的摩擦造成實驗誤差 3－2.(2018·山東省濰坊市高三三模)某同學用如圖所示裝置驗證動量守恒：長木板水平固定，彈簧左端固定在擋板上，右端自由伸長到O點，滑塊A右側粘有橡皮泥，置于長木板上，左側恰好位于O點．操作如下：①推動A壓縮彈簧至某一位置，然后無初速釋放，測得停下時A、O間距離x1；②再次推動A壓縮彈簧至同一位置，另取一滑塊B放于O點，無初速度釋放A，A與B碰后粘在一起運動，測得停下時A、O的距離x2. 請回答下列問題： (1)x1________x2(選填“大于”、“小于

28、”或“等于”)； (2)實驗中還需要測量的物理量及符號是________，若等式________(用所測物理量符號表示)成立，則碰撞過程動量守恒． 解析　(1)設滑塊壓縮彈簧的形變量為x，第一次彈性勢能轉化為A滑塊的動能和一部分熱能，經過原長后滑塊和彈簧分離，A的動能(設為EkA)全部變成摩擦生熱，由能量守恒定律可得Mv＝μMgx1，解得x1＝；第二次到達原長時A獲得動能相同為EkA，此后A與B發(fā)生完全非彈性碰撞，MvA＝(M＋m)v，此后兩滑塊一起摩擦生熱，(m＋M)v2＝μ(M＋m)gx2，故x2＝，因v＝x2. (2)根據分析可知驗證動量守恒的表達式為MvA＝(M＋

29、m)v，代換之后得M＝(M＋m)，可得驗證的表達式為M＝(M＋m)；故根據表達式還需要測量的物理量為滑塊A質量M，滑塊B質量m. 答案　(1)大于　(2)滑塊A質量M，滑塊B質量m (3)M＝(M＋m) 3－3.某探究小組做“驗證力的平行四邊形定則”實驗，將畫有坐標軸(橫軸為x軸，縱軸為y軸，最小刻度表示1 mm)的紙貼在水平桌面上，如圖(a)所示．將橡皮筋的一端Q固定在y軸上的B點(位于圖示部分之外)，另一端P位于y軸上的A點時，橡皮筋處于原長． (1)用一只測力計將橡皮筋的P端沿y軸從A點拉至坐標原點O，此時拉力F的大小可由測力計讀出．測力計的示數如圖(b)所示，F(xiàn)的大小為4.0

30、N. (2)撤去(1)中的拉力，橡皮筋P端回到A點；現(xiàn)使用兩個測力計同時拉橡皮筋，再次將P端拉至O點．此時觀察到兩個拉力分別沿圖(a)中兩條虛線所示的方向，由測力計的示數讀出兩個拉力的大小分別為F1＝4.2 N和F2＝5.6 N. (ⅰ)用5 mm長度的線段表示1 N的力，以O為作用點，在圖(a)中畫出力F1、F2的圖示，然后按平行四邊形定則畫出它們的合力F合； (ⅱ)F合的大小為________N，F(xiàn)合與拉力F的夾角的正切值為________． 若F合與拉力F的大小及方向的偏差均在實驗所允許的誤差范圍之內，則該實驗驗證了力的平等四邊行定則 答案　(ⅰ)F1、F2和F合如圖所

31、示 (ⅱ)3.8　0.05 [歸納反思] 實驗數據處理方法 1．在探究彈力和彈簧伸長的關系實驗中務必注意 (1)彈簧發(fā)生彈性形變，必須在彈性限度內． (2)F＝kx中的x是彈簧的形變量，是彈簧伸長或縮短的長度，而不是彈簧的總長度． (3)F＝kx中的k為彈簧的勁度系數，反映彈簧本身的屬性，由彈簧自身的長度、粗細、材料等因素決定，與彈力F的大小和伸長量x無關． 2．利用作圖法處理實驗數據 在“驗證力的平行四邊形定則”實驗中，由作圖法得到的合力F與實際測量得到的合力F′不可能完全重合，只要在誤差允許范圍內F與F′重合即可驗證平行四邊形定則． 高頻考點四　用“圖象法”處理實驗

32、數據 [備考策略] 圖象法是處理實驗數據的基本方法．根據實驗過程和實驗原理中涉及的物理規(guī)律寫出相應物理量之間的函數關系，與根據實驗數據做出的函數圖象進行對比，就可對某些規(guī)律進行實驗驗證或通過圖像的斜率、截距進行有關求解與計算． [題組突破] 4－1.某同學在實驗室進行測定動摩擦因數的實驗． 第一步：該同學把長木板的一端墊起，并調整至合適的角度，使質量為m的滑塊P可沿長木板勻速下滑，如圖甲所示； 第二步：在圖甲裝置中長木板上端安裝一個定滑輪，如圖乙所示，之后將滑塊P置于長木板底端，通過細繩跨過定滑輪與質量為2m的滑塊Q相連，先接通打點計時器的電源，后將滑塊Q無初速度釋放，兩滑塊共同做

33、加速運動，得到了一條比較理想的紙帶； 第三步：從紙帶上較為清晰的A點開始連續(xù)選取8個點，用刻度尺測量各點到A點的距離x，并計算第2～7各點的速度v及其二次方的數值v2，以v2為縱坐標，以x為橫坐標，描點作圖，得到如圖丙所示的圖象，重力加速度g取10 m/s2.根據上述操作步驟完成下列問題： (1)打A點時，滑塊Q的速度大小為________； (2)長木板傾角的正弦值為________，滑塊P與長木板間的動摩擦因數為________． 解析　(1)由運動學公式v2－v＝2ax，整理得v2＝v＋2ax，結合圖象可知v＝4 m2/s2，得v0＝2 m/s.(2)由圖甲可知mgsin θ

34、＝μmgcos θ，滑塊P沿長木板向上加速時，有2mg－mgsin θ－μmgcos θ＝3ma，由圖丙中直線斜率可知2a＝m/s2，則a＝m/s2，解得sin θ＝0.6，μ＝0.75. 答案　(1)2 m/s　(2)0.6　0.75 4－2.(2018·湖北省武漢市高三下學期五月理綜訓練)某同學用如圖(a)所示的實驗裝置測量木塊與木板之間的動摩擦因數μ：將木塊從傾角為θ的木板上靜止釋放，與位移傳感器連接的計算機描繪出了木塊相對傳感器的位置隨時間變化的規(guī)律，如圖(b)中的曲線②所示．圖中木塊的位置從x1到x2、從x2到x3的運動時間均為T. (1)根據圖(b)可得，木塊經過位置x2

35、時的速度v2＝________，木塊運動的加速度a＝________； (2)現(xiàn)測得T＝0.1 s，x1＝4 cm，x2＝9 cm，x3＝16 cm，θ＝37°，可求得木塊與木板之間的動摩擦因數μ＝________(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，重力加速度g取10m/s2，結果保留1位有效數字) (3)若只增大木板的傾角，則木塊相對傳感器的位置隨時間變化的規(guī)律可能是圖(b)中的曲線________．(選填圖線序號①、②或③) 解析　(1)由題意可知，木塊沿木板向下做勻加速直線運動，由于從x1到x2、從x2到x3的運動時間均為T，所以v2＝， 由勻變速直線運動的規(guī)律可知，(

36、x3－x2)－(x2－x1)＝aT2，解得：a＝； (2)由a＝＝m/s2＝2m/s2 由牛頓第二定律可知， a＝gsin37°－μgcos37°，解得：μ＝0.5； (3)由牛頓第二定律可知，a＝gsin θ－μgcos θ，當θ增大，則加速度增大，由公式x＝at2可知，曲線①正確． 答案　(1)　　(2)0.5　(3)① 4－3.(2018·威海市高考模擬考試)用如圖所示的裝置驗證牛頓第二定律．圖中A、B為兩個光電門，C為固定在凹槽上的遮光條．實驗前(不掛鉤碼)左右移動小木塊使凹槽能夠在長木板上勻速運動．設遮光條的寬度為d，兩光電門間的距離為x.實驗時凹槽每次都從同一位置由靜止

37、釋放，研究對象為凹槽(包括內部的砝碼)及鉤碼組成的系統(tǒng)． (1)將鉤碼逐個拿到凹槽中，記錄每次所懸掛鉤碼的質量m1、m2、m3……，釋放凹槽，測出對應的加速度a1、a2、a3……，則下列哪一圖象能正確反映加速度a與懸掛鉤碼的重力mg之間的關系________． (2)懸掛鉤碼的質量m保持不變，增加或減少槽內的砝碼，測出每次對應的加速度，為了能直觀反映在合外力一定的情況下，加速度與質量的關系，應做下列哪一圖象________(M表示槽內砝碼的總質量)． A．a－M B．a－m C．a－ D．a－ (3)為了精確測量系統(tǒng)運動的加速度，甲同學固定光電門B，移動光電門A，然后釋放凹槽

38、，測出遮光條每次經過光電門A的時間t1.乙同學固定光電門A，移動電門B然后釋放凹槽，測出遮光條每次經過電門B的時間t2，兩位同學根據圖象求解系統(tǒng)的加速度．甲同學做出的圖象應為下圖中的________，乙同學做出的圖象應為下圖中的________．若甲同學所做圖象的斜率的絕對值為k，則系統(tǒng)的加速度a＝________. 解析　(1)由牛頓第二定律，對凹形槽(包括砝碼)及鉤碼系統(tǒng)：mg＝Ma，即a＝·mg故選B. (2)若鉤碼的質量m不變， 則mg＝(M＋m)a，解得a＝mg·， 則為了能直觀反映在合外力一定的情況下，加速度與質量的關系， 應做a－圖象；故選D. (3)甲同學固定光

39、電門B，則經過光電門B的速度vB一定；經過光電門A的速度vA＝，則v＝v＋2ax即＝－x，則甲同學做出的圖象應為下圖中的B；乙同學固定光電門A，則經過光電門A的速度vA一定；經過光電門B的速度vB＝，則v＝v＋2ax即＝＋x，則乙同學做出的圖象應為下圖中的C；甲同學所做圖象的斜率的絕對值為k，則＝k，系統(tǒng)的加速度a＝kd2. 答案　(1)B　(2)D　(3)B　(4)C　(5) 高頻考點五　力學實驗創(chuàng)新 [備考策略] 1．創(chuàng)新型實驗的特點 (1)以基本的力學模型為載體，依托運動學規(guī)律和力學定律設計實驗． (2)將實驗的基本方法——控制變量法，處理數據的基本方法——圖象法、逐差法，融

40、入到實驗的綜合分析之中． 2．創(chuàng)新型實驗的解法 (1)根據題目情境，提取相應的力學模型，明確實驗的理論依據和實驗目的． (2)應用原理公式或圖象法處理實驗數據，結合物體實際受力情況和理論受力情況對結果進行分析． [命題視角] 考向1　試題情景的設計與創(chuàng)新 例1　(2018·湖北省武昌區(qū)高三五月調研考試)如圖甲是利用激光測轉速的原理示意圖，圖中圓盤可繞固定軸轉動，盤邊緣側面上涂有一段很薄的反光涂層．當盤轉到某一位置時，接收器可以接收到反光涂層所反射的激光束，并將所收到的光信號立即轉變成電信號，在示波器顯示屏上顯示出來． (1)若圖乙中示波器顯示屏上橫向的時間軸上每小格對應的時間

41、為2.00×10－3s(即時間軸每大格表示1.00×10－2s)，則圓盤的轉動周期為________s、轉速為________r/s.(結果均保留3位有效數字，下同) (2)若測得圓盤直徑為22.00 cm，則可求得圓盤側面反光涂層的長度(弧長)為________cm. 解析　(1)從圖乙顯示圓盤轉動一周在橫軸上顯示22格，由題意知道，每格表示2.00×10－3s，所以圓盤轉動的周期為4.40×10－2s，則轉速為n＝1/T＝22.7r/s；(2)反光中引起的電流圖象在圖乙中橫坐標上每次一小格，說明反光涂層的長度占圓盤周長的1/22，故圓盤上反光涂層的長度為＝＝3.14cm. 答案　(1

42、)4.40×10－2　(2)22.7　(3)3.14 考向2　實驗器材的等效與替換 例2　某同學設計了如圖所示的裝置來探究牛頓第二定律，實驗時將拉力傳感器固定在水平放置的木板上，與細線相連，細線繞過定滑輪與水瓶相連，已知木板與桌面間的滑動摩擦力等于最大靜摩擦力． (1)將質量為m0的木板右端移至與標識線MN對齊，在水瓶中加水直到木板剛要滑動時計下此時傳感器的示數F0，再加一定量的水，當拉力傳感器示數為F1時釋放木板，記錄木板右端運動到與MN間距為L的PQ處所用時間，為減小誤差，多次測量取時間的平均值t，由此可知木板運動的加速度為________． (2)保持水瓶中水的質量一定時，通

43、過在木板上疊放重物來改變其質量，這種情況下________(選填“能”或“不能”)探究m0和a的關系． (3)在保持m0一定的情況下，通過改變水瓶中水的質量來改變外力，與用鉤碼拉動小車相比較，其優(yōu)點是________． A．可以改變滑動摩擦力的大小 B．可以比較準確地測出摩擦力的大小 C．可以獲得更大的加速度以提高實驗精確度 解析　(1)由題意知木板運動時L＝at2，整理可得加速度為a＝. (2)在保持水瓶中水的質量一定的情況下，拉力一定，但由于木板整體的質量不同，對應的摩擦力也不相同，因此不能探究m0和a的關系． (3)不可以改變滑動摩擦力的大小，A錯誤；緩慢向瓶中加水，直到木

44、板剛剛開始運動，可以比較準確地測出滑動摩擦力的大小，B正確；并沒有獲得更大的加速度，以提高實驗精確度，C錯誤． 答案　(1)　(2)不能　(3)B 考向3　實驗數據的拓展與應用 例3　(2018·最新高考信息卷)實驗小組采用如圖甲所示實驗裝置測量木塊與木板間動摩擦因數μ，提供的器材有：帶定滑輪的長木板，有凹槽的木塊，質量為20g的鉤碼若干，打點計時器，電源，紙帶，細線等．實驗中將部分鉤碼懸掛在細線下，剩余的鉤碼放在木塊的凹槽中，保持長木板水平，利用打出的紙帶測量木塊的加速度． (1)正確進行實驗操作，得到一條紙帶，從某個清晰的打點開始，依次標注0、1、2、3、4、5、6，分別測出位

45、置0到位置3、位置6間的距離，如圖乙所示．已知打點周期T＝0.02s，則木塊的加速度a＝________m/s2. (2)將木塊凹槽中的鉤碼逐個添加到細線下端，改變懸掛鉤碼的總質量m，測得相應的加速度a，作出a－m圖象如圖丙所示．已知當地重力加速度g＝9.8 m/s2，則木塊與木板間動摩擦因數μ＝________.(保留兩位有效數字) (3)實驗中________(選填“需要”或“不需要”)滿足懸掛鉤碼總質量遠小于木塊和槽中鉤碼總質量． 解析　(1)木塊的加速度a＝＝＝3.33m/s2；(2)設木塊的質量為M，根據牛頓第二定律有，mg－f＝(M＋0.02)a，又f＝μ(M＋0.02－m)

46、g，可解得加速度a＝m－μg，由丙圖可知，當m＝0時，a＝μg＝3.4 m/s2，則木塊與木板間動摩擦因數μ＝0.34；(3)實驗中沒有采用細線拉力等于重力，所以不需要滿足懸掛鉤碼總質量遠小于木塊和槽中鉤碼總質量． 答案　(1)3.33　(2)0.34　(3)不需要 考向4　實驗結論的拓展與延伸 1．由測定加速度延伸為測定動摩擦因數． 通過研究紙帶、頻閃照片或光電裝置得出物體的加速度，再利用牛頓第二定律求出物體所受的阻力或小車與木板間的動摩擦因數． 2．由測定加速度延伸為測定交流電的頻率． 例4　(2016·高考全國卷Ⅰ)某同學用如圖(a)所示的實驗裝置驗證機械能守恒定律，其中打點

47、計時器的電源為交流電源，可以使用的頻率有20 Hz、30 Hz和40 Hz，打出紙帶的一部分如圖(b)所示． 該同學在實驗中沒有記錄交流電的頻率f，需要用實驗數據和其他題給條件進行推算． (1)若從打出的紙帶可判定重物勻加速下落，利用f和圖(b)中給出的物理量可以寫出；在打點計時器打出B點時，重物下落的速度大小為________，打出C點時重物下落的速度大小為________，重物下落的加速度大小為________． (2)已測得s1＝8.89 cm，s2＝9.50 cm，s3＝10.10 cm；當地重力加速度大小為9.80 m/s2，實驗中重物受到的平均阻力大小約為其重力的1%.由

48、此推算出f為________Hz. 解析　(1)B點對應的速度vB＝＝， C點對應的速度vC＝＝， 加速度a＝＝. (2)由牛頓第二定律得mg(1－1%)＝ma， 則頻率f＝＝40 Hz. 答案　(1)(s1＋s2)f　(s2＋s3)f　(s3－s1)f2　(2)40 課時跟蹤訓練(十五) 1．某同學用兩個彈簧測力計和重物m驗證力的平行四邊形定則．如圖所示，彈簧測力計A掛于固定點P，下端用細線掛一重物m，彈簧測力計B的一端用細線系于O點，手持另一端向左拉，使結點O靜止在某位置，分別讀出彈簧測力計A和B的示數，并在貼于豎直木板的白紙上記錄O點的位置和拉線的方向． (1)實驗中

49、彈簧測力計示數的單位為N，圖中A的示數為________N. (2)若實驗中發(fā)現(xiàn)彈簧測力計A的指針稍稍超出量程，為正常測量，需要進行適量調整，調整過程中保持PO方向不變，以下操作可行的是________． A．保持其他條件不變，手拉彈簧測力計B繞O點順時針轉動 B．保持其他條件不變，手拉彈簧測力計B繞O點逆時針轉動 C．保持其他條件不變，適當減小重物m的質量 D．保持其他條件不變，適當增大重物m的質量 (3)分析實驗時該同學懷疑彈簧測力計A因拉伸超出量程后讀數不準而影響實驗結果，他改變彈簧測力計B拉力的過程中，結點O的軌跡被描在白紙上，若兩次記錄O點軌跡如圖中的兩條虛線所示．保證重

50、物質量不變，沿兩條不同的軌跡運動到細線OB水平時，彈簧測力計A的彈力大小為F1、F2，它們的大小關系為F1________F2，由圖說明彈簧測力計A拉伸________(選填“超出”或“未超出”)彈性限度． 解析　(1)彈簧測力計的最小刻度為0.1 N，則A的讀數為3.60 N. (2)彈簧測力計A的指針稍稍超出量程，說明拉彈簧測力計A的力大了，可行的方法是減小重物m的質量或減小B的拉力，而此時結點O在三力作用下平衡，在重物m質量不變的情況下，只有讓B繞O點順時針旋轉，故選A、C. (3)由于兩次OB水平時，重物m沒有變化，合力是一定的，故B的拉力不變，因此測力計A兩次的示數是相同的

51、，即F1＝F2，但圖中兩次O點的軌跡不重合，表明測力計A拉伸超出了彈性限度． 答案　(1)3.60　(2)AC　(3)＝　超出 2．(2018·湖北省黃石市高三調研)在某次動手實踐活動中，指導老師要求同學們利用手中的器材測量小物塊與木板間的動摩擦因數，某同學設計了如圖所示的實驗裝置． (1)實驗時，該同學用兩塊完全相同的木板AB、CD組裝成了如圖所示的軌道，其中AB傾斜，CD水平，兩木板連接處平滑相接．將小物塊從木塊AB的某位置由靜止釋放，小物塊停止運動后，用毫米刻度尺測量小物塊釋放時距水平面的高度h以及在木板CD上滑行的距離x，為測得動摩擦因數，該同學還需要測量________；

52、 (2)改變釋放高度h進行多次實驗，記錄對應的h1、x1，h2、x2，h3、x3，……之后以x為縱坐標，h為橫坐標描點作圖，得到一條傾斜直線，斜率為k，則小物塊與木板間的動摩擦因數為________(用測量量和k表示)． 解析　(1)對小物塊的整個運動過程由動能定理得mgh－μmgcos θ－μmgx＝0，整理得x＝h，故實驗過程中需要測量木板AB的傾角θ或由tan θ＝可知，還可以測量小物塊釋放時的位置在水平面的投影到B點的距離l. (2)x－h(huán)圖線的斜率k＝－，解得μ＝或由tan θ＝，得μ＝. 答案　(1)木板AB的傾角θ或小物塊釋放時的位置在水平面的投影到B點的距離l　(2)或

53、 3．(2018·河北保定實驗中學模擬)如圖所示為測量物塊與水平固定桌面之間動摩擦因數的實驗裝置示意圖，細線平行于桌面． ①用游標卡尺測出遮光片的寬度d；用刻度尺測出兩光電門之間的距離s；用天平測出物塊和遮光片的總質量為M，重物質量為m. ②讓物塊從光電門A的左方某位置由靜止釋放，測出遮光片經過光電門A和光電門B所用的時間tA和tB； ③根據上述實驗數據求出動摩擦因數μ. 回答下列問題： (1)測量d時，某次游標卡尺(主尺的最小分度為1 mm)的示數如圖所示，其讀數為________mm. (2)摩擦因數μ可用上述已知量、測量量和重力加速度g表示為μ＝________.(均用字

54、母表示) (3)遮光片通過光電門時的平均速度________遮光片豎直中線通過光電門的瞬時速度．(選填“大于”、“小于”或“等于”) 解析　(1)從圖中可知游標上第12個刻度與21mm對齊，所以游標的零刻度對應的整數部分應為9mm處，游標卡尺的讀數為9mm＋12×mm＝9.60mm； (2)由于遮光條通過光電門的時間極短，可以用平均速度表示瞬時速度，故vA＝，vB＝，由運動學的導出公式：2as＝v－v，解得a＝＝； 對m：mg－F拉＝ma，對M：F拉－μMg＝Ma，解得； μ＝ (3)遮光片通過光電門的平均速度等于中間時刻的瞬時速度，而物塊做加速運動前一半的時間內位移小于后一半時間

55、內的位移，所以時間到一半時，遮光片的中線尚未到達光電門，所以遮光通過光電門的平均速度小于遮光片豎直中線通過光電門的瞬時速度． 答案　(1)9.60　(2) (3)小于 4．(2018·河南省鄭州市高三調研)某同學利用如圖甲所示的實驗裝置運用牛頓第二定律測量滑塊的質量M.其主要步驟為： (1)調整長木板傾角，當鉤碼的質量為m0時滑塊沿木板恰好向下做勻速運動． (2)保持木板傾角不變，撤去鉤碼m0，將滑塊移近打點計時器，然后釋放滑塊，滑塊沿木板向下做勻加速直線運動，并打出點跡清晰的紙帶如圖乙所示(已知打點計時器每隔0.02s打下一個點)． 請回答下列問題：(①、②兩問均保留3位有效

56、數字) ①打點計時器在打下B點時滑塊的速度vB＝________m/s； ②滑塊做勻加速直線運動的加速度a＝________m/s2； ③滑塊質量M＝________(用字母a、m0、當地重力加速度g表示)． 解析?、俑鶕蜃兯僦本€運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度，可以求出打紙帶上B點時小車的瞬時速度大小vB＝＝m/s＝1.38m/s； ②根據勻變速直線運動的推論公式Δx＝at2可以知，加速度的大?。? a＝＝×10－2m/s2＝3.88m/s2； ③滑塊做勻速運動時受力平衡，由平衡條件得：m0g＝Mgsin θ－f，撤去m0時的滑塊的勻加速直線運動時，受到的合外力：F合

57、＝Mgsin θ－f，由牛頓第二定律得：F合＝Ma，解得：M＝. 答案?、?.38?、?.88?、? 5．(2018·山東省臨沂市高三三模)某探究小組利用傳感器研究小球在擺動過程中的機械能守恒規(guī)律，實驗裝置如圖甲所示，用長為L不可伸長的輕質細線懸掛一質量為m的實心金屬小球，在懸點處裝有拉力傳感器，可記錄小球在擺動過程中各時刻的拉力值，小球半徑可忽略不計，已知重力加速度為g，實驗過程如下： ①將小球拉離平衡位置某一高度h處無初速度釋放，在傳感器采集的數據中提取最大值為F； ②改變高度h，重復上述過程，獲取多組擺動高度h與對應過程的拉力最大值F的數據； ③在F－h(huán)坐標系中描點連線．作出

58、F與h關系圖象如圖乙實線所示． (1)F與h的關系滿足F＝________(用題目所給的字母表示)，說明小球擺動過程中機械能守恒； (2)根據乙圖中的實線，可知擺線長L＝________m．(計算結果保留兩位有效數字，g取10m/s2) (3)乙圖中的虛線是另一探究小組作出的F－h(huán)圖象，則兩小組實驗所使用的器材________不同．(填“m”或“L”) 解析　(1)根據牛頓第二定律，則有：F－mg＝ 動能表達式為：Ek＝mv2＝(F－mg)L 根據機械能守恒定律，則有：mgh＝(F－mg)L 解得：F＝＋mg， (2)F－h(huán)圖象中，截距為2，即mg＝2，則m＝0.20 kg

59、而圖象的斜率k＝5；因此L＝0.80m. (3)乙圖中的虛線和實線斜率不同，由F＝mg＋h可知，兩小組實驗所使用的器材L不同． 答案　(1)＋mg　(2)0.80　(3)L 6．某同學設計了如圖所示的實驗來驗證碰撞過程中的動量守恒．軌道AOB在O處平滑相接、B右側為粗糙水平面，有兩個材料及表面粗糙程度均相同的小物塊甲、乙，其質量分別為m1和m2(m1>m2)，令小物塊甲從斜面上M點由靜止下滑，運動至粗糙水平面上的C點速度恰好減為0，測量B、C間距為x、把小物塊乙置于B點，小物塊甲仍從斜面上M點由靜止下滑小物塊甲與小物塊乙碰撞后，在粗糙水平面上的位移分別為x1、x2. (1)為驗證碰

60、撞過程中動量守恒，是否需要測量小物塊與粗糙水平面間的動摩擦因數？________(選填“是”或“否”)；小物塊甲與軌道AOB間的摩擦力是否影響實驗結果？________(選填“是”或“否”)． (2)若滿足關系式________________，則二者碰撞過程動量守恒． 解析　無論小物塊甲與軌道AOB間是否存在摩擦力、摩擦力大小如何，只要每次釋放點相同，則其每次運動至B點的速度相同，故小物塊甲與軌道AOB間的摩擦力不影響實驗結果，在粗糙水平面上的運動過程由運動學公式得v＝2μgx、v0＝，小物塊材料及表面粗糙程度均相同，故與水平面間的動摩擦因數相同，若滿足動量守恒，則滿足m1＝m1＋m2，

61、即m1＝m1＋m2，因此動摩擦因數不需要測量． 答案　(1)否　否　(2)m1＝m1＋m2 7．(2018·四川省攀枝花市高考物理三診試卷)在做“研究平拋運動”的實驗中，為了測量小球平拋運動的初速度，實驗用如圖所示的裝置．實驗操作的主要步驟如下： (ⅰ)在一塊平木板上釘上復寫紙和白紙，將其豎直立于斜槽軌道末端槽口前，木板與槽口之間有一段初始距離d，并保持板面與軌道末端的水平段垂直． (ⅱ)使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止?jié)L下，小球撞到木板在白紙上留下痕跡A (ⅲ)將木板沿水平方向向右平移一段動距離x，再使小球從斜槽上緊靠擋板處由靜止?jié)L下，小球撞到木板在白紙上留下痕跡B (ⅳ)將

62、木板再水平向右平移相同距離x，使小球仍從斜槽上緊靠擋板處由靜止?jié)L下，再在白紙上得到痕跡C (ⅴ)測得A、B、C三點距地面的高度為y1、y2、y3，已知當地的重力加速度為g. 請回答下列問題 (1)關于該實驗，下列說法中正確的是________ A．斜槽軌道必須盡可能光滑 B．每次小球均須由靜止釋放 C．每次釋放小球的位置可以不同 D．步驟(ⅰ)初始距離d必須與步驟(ⅲ)中距離x相等 (2)根據上述直接測量的量和已知的物理量可以得到小球平拋的初速度大小的表達式為v0＝________.(用題中所給字母表示) (3)某同學做進一步的研究，改變小球釋放的初始位置的高度h，每改變一次

63、高度，重復上述步驟(ⅰ)－(ⅴ)(其它條件不變)，并記錄每次的h、y1、y2、y3.在同一坐標系中畫出y1－、y2－、y3－圖象．根據你的分析，下列哪個圖最接近該同學的實驗結果________(圖中直線a表示y1－圖象，直線b表示y2－圖象，直線c表示y3－圖象)． 解析　根據實驗的原理以及操作中的注意事項確定正確的操作步驟．根據豎直方向上連續(xù)相等時間內的位移之差是一恒量求出相等的時間間隔，結合水平位移和時間間隔求出初速度． (1)為了保證小球的初速度相等，每次讓小球從斜槽的同一位置由靜止釋放，斜槽軌道不需要光滑，故A錯誤，C錯誤，B正確，步驟(ⅰ)初始距離d必須與步驟(ⅲ)中距離x無

64、關，只要保證，連續(xù)水平移動的位移x相等即可，故D錯誤． (2)在豎直方向上，(y2－y3)－(y1－y2)＝gT2；水平方向上x＝v0T，可得小球平拋的初速度v0＝x. (3)設小球離地高度為H0，小球平拋運動階段水平位移為x′＝v0t，距離地面高度為y＝H0－gt2，小球從斜槽的由h處靜止釋放，忽略摩擦力的影響，mgh＝mv，由以上分析可得y＝－＋H0，當由木板水平向右平移時，對x′逐漸變大，y－圖象斜率變小，故C正確． 答案　(1)B　(2)x　(3)C 8．(9分)某小組的同學通過設計如下實驗來驗證：“在彈性限度內，勁度系數為k的輕質彈簧從形變量為x到恢復原長的過程中，彈力做的功

65、為W＝kx2的結論”． (1)部分實驗步驟如下： A．將一輕彈簧放置在水平氣墊導軌的左端，彈簧左端固定，讓彈簧處于自然狀態(tài)．在彈簧下面的氣墊導軌上水平的固定一把刻度尺，刻度尺的零刻度線與彈簧的左端剛好對齊，此時彈簧右端在刻度尺上對應的示數為x1，如圖甲所示． B．用彈簧測力計拉著彈簧右端水平向右緩慢移動，當彈簧測力計的示數為F時，彈簧右端在刻度尺上對應的示數為x2，如圖乙所示(彈簧的形變在彈性限度內)．則此彈簧的勁度系數為________． C．在水平氣墊導軌的右端合適位置安裝一個光電門(光電門距離彈簧最左端的距離大于x1)，如圖丙所示． D．用天平測得小車(帶有遮光條)的質量為m，

66、用螺旋測微器測遮光條寬度d的結果如圖丁所示，則d＝________mm. E．把小車置于氣墊導軌上，向左推小車使彈簧壓縮一段距離(彈簧與小車未拴接)，此時彈簧右端在刻度尺上對應的示數為x3，如圖丙所示(彈簧的形變在彈性限度內)．由靜止釋放小車，測得小車通過光電門時的遮光時間Δt.小車經過光電門時的速度大小為________(用實驗中所測物理量的符號表示)． (2)在實驗誤差允許的范圍內，若________＝________(用實驗中所測物理量的符號表示)，就可驗證彈力做的功W＝kx2的結論． (3)同學們在實驗過程中有如下討論，其中對減小實驗誤差有益的說法是________ A．遮光條的寬度越小越好 B．把氣墊導軌左端墊起適當高度來平衡摩擦力 C．計算彈簧勁度系數時，多次測量取平均值 D．向左推小車壓縮彈簧時，彈簧形變量越大越好 解析　(1)根據胡克定律可得F＝k(x2－x1)，解得k＝； 螺旋測微器的讀數為d＝2.5 mm＋17.0×0.01 mm＝2.670 mm； 遮光條非常窄，所以通過光電門的平均速度可近似認為是通過光電門的平均速度，故v＝； (2