（江蘇專用）2020高考物理二輪復習 選擇題提速練（三）

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1、選擇題提速練(三) 一、單項選擇題 1．下列關于物理學思想方法的敘述錯誤的是(　　) A．探究加速度與力、質(zhì)量關系的實驗中運用了控制變量法 B．加速度a＝、磁感應強度B＝的定義都運用了比值法 C．光滑的水平地面、輕質(zhì)彈簧等運用了理想化模型法 D．平均速度、合力、有效值等概念的建立運用了等效替代法 解析：選B　在探究加速度與力、質(zhì)量的關系實驗中使用了控制變量法，故A正確；加速度定義為速度變化量與所用時間的比值即a＝，a＝是加速度的決定式，課本明確給出磁感應強度定義式為B＝，屬于比值定義法，故B錯誤；光滑水平面和輕質(zhì)彈簧實際并不存在，是理想化模型，故C正確；平均速度、合力、有效值等概

2、念的建立都體現(xiàn)了等效替代的思想，故D正確。 2．如圖所示為某同學設計的高壓輸電模擬電路，升壓變壓器T1的原、副線圈匝數(shù)比n1∶n2 ＝1∶k，降壓變壓器T2的原、副線圈匝數(shù)比n3∶n4＝k∶1，電阻r＝3 Ω。升壓變壓器原線圈輸入電壓為16 V的正弦交流電，降壓變壓器副線圈接額定電壓為15 V、額定功率為45 W的用電器。兩個變壓器可視為理想變壓器，要使用電器正常工作，則(　　) A．k＝　　　　　　　 B．k＝3 C．k＝4 D．k＝9 解析：選B　用電器的電流為I4＝ A＝3 A，則輸電線上的電流：I3＝ A；降壓變壓器輸入電壓U3＝kU4＝15k V；因升壓變壓器的輸出電壓U

3、2＝16k V，根據(jù)歐姆定律，有U2＝I3r＋U3，即16k V＝3 V＋15k V，解得k＝3，故選B。 3.重型自卸車利用液壓裝置使車廂緩慢傾斜到一定角度，車廂上的石塊就會自動滑下，以下說法正確的是(　　) A．在石塊下滑前后自卸車與石塊整體的重心位置不變 B．自卸車車廂傾角越大，石塊與車廂的動摩擦因數(shù)越小 C．自卸車車廂傾角變大，車廂與石塊間的正壓力減小 D．石塊開始下滑時，受到的摩擦力大于重力沿斜面方向的分力 解析：選C　物體重心的位置跟形狀還有質(zhì)量分布有關，石塊下滑前后，質(zhì)量分布變化，形狀變化，所以重心改變，故A錯誤；動摩擦因數(shù)是物體本身的屬性，只與物體本身有關，與有沒有

4、相對運動，以及有沒有正壓力無關，故B錯誤；石塊處于平衡狀態(tài)，則有：mgsin θ＝f，F(xiàn)N＝mgcos θ，自卸車車廂傾角增大時，車廂與石塊間的摩擦力增大，車廂與石塊間的正壓力FN逐漸減小，C正確；石塊滑動后的摩擦力是滑動摩擦力，小于最大靜摩擦力，也小于重力沿斜面方向的分力，故D錯誤。 4．如圖1所示，理想變壓器的原線圈接在圖2所示的交流電源上，副線圈上接有“10 V,1 W”的燈泡能正常發(fā)光。已知電流表、電壓表均為理想電表，下列說法正確的是(　　) A．電壓表示數(shù)為311 V B．交流電的電壓表達式為u＝311sin 50πt C．變壓器原、副線圈匝數(shù)比為22∶1 D．若將電流

5、表換成燈泡，則變壓器輸出功率增大 解析：選C　電壓表的示數(shù)為有效值，所以U1＝ V＝220 V，故A錯誤；交流電的電壓表達式為u＝Umsin ωt＝Umsint＝311sin 100πt V，故B錯誤；副線圈上接有“10 V，1 W”的燈泡能正常發(fā)光，則U2＝10 V，變壓器原、副線圈匝數(shù)比為n1∶n2＝U1∶U2＝22∶1，故C正確；若將電流表換成燈泡，則副線圈的電阻增大，電流變小，輸出電壓不變，根據(jù)P＝U2I2可知變壓器輸出功率減小，故D錯誤。 5.如圖所示為環(huán)地月拉格朗日L2點軌道，該拉格朗日點位于地球和月球連線的延長線上，飛行器處于該點，在幾乎不消耗燃料的情況下與月球同步繞地球做圓

6、周運動。以下關于飛行器在L2點的說法正確的是(　　) A．向心力僅由地球的引力提供 B．周期小于月球的周期 C．線速度小于月球的線速度 D．向心加速度大于月球的向心加速度 解析：選D　探測器的向心力由地球和月球引力的合力提供，故A錯誤；飛行器與月球同步繞地球運動，角速度相等，周期相同，故B錯誤；根據(jù)v＝ωr知探測器的線速度大于月球的線速度，故C錯誤；根據(jù)a＝rω2知，探測器的向心加速度大于月球的向心加速度，故D正確。 二、多項選擇題 6．科學技術在生產(chǎn)、生活中有廣泛的應用，下列裝置中運用了電磁感應的原理和規(guī)律的是(　　) 解析：選BD　霍爾元件和回旋加速器都利用了磁場對帶電

7、粒子的作用，沒有電磁感應現(xiàn)象，故A、C錯誤；位移傳感器中鐵芯插入線圈的長度不同，線圈的自感系數(shù)不同，對交流的阻礙作用的大小不同，自感是一種電磁感應現(xiàn)象，故B正確；運輸中的電流表兩極短接，利用電磁阻尼來防止指針的擺動，也是利用了電磁感應現(xiàn)象，故D正確。 7.如圖所示，實線是帶電粒子在電場力作用下的運動軌跡，ACB為軌跡上的三點，虛線可能是電場線，也可能是等差等勢線，F(xiàn)方向垂直于虛線。則(　　) A．粒子一定從A向B運動 B．粒子經(jīng)過C點的受力方向不可能沿F的方向 C．A點電勢高于B點電勢 D．粒子在A點的加速度一定小于在B點的加速度 解析：選BD　由于電場方向、粒子的正負不能確定，所

8、以不能夠確定粒子一定從A向B運動，故A錯誤；電場力的方向和電場的方向相同或相反，所以F垂直的應該是等差等勢線。根據(jù)軌跡彎曲的方向，F(xiàn)方向應該垂直于等勢線向下，故B正確；由于不能夠確定電場的方向，所以無法判斷A點電勢是否高于B點電勢，故C錯誤；等差等勢線的密集度和電場線一樣能夠反映電場強度的大小，越密集的地方電場強度越大，A的等差等勢線比B點等差等勢線要稀疏，A的電場強度比B點小，所以粒子在A點的加速度一定小于在B點的加速度，故D正確。 8.一帶負電的粒子只在電場力作用下沿x軸正向運動，其電勢能Ep隨位移x變化的關系如圖所示，其中0～x2段是對稱的曲線，x2～x3是直線段。下列判斷正確的是(　

9、　) A．x1處電場強度最大 B．x2～x3段是勻強電場 C．x1、x2、x3處電勢φ1、φ2、φ3的關系為φ1＞φ2＞φ3 D．粒子在0～x2段做勻變速運動，x2～x3段做勻速直線運動 解析：選BC　根據(jù)電勢能與電勢的關系：Ep＝qφ，場強與電勢的關系：E＝，得E＝，由數(shù)學知識可知Epx圖像切線的斜率等于，x1處切線斜率為零，則x1處電場強度為零，故A錯誤。由題圖看出在0～x1段圖像切線的斜率不斷減小，由上式知場強減小，粒子所受的電場力減小，加速度減小，做非勻變速運動。x1～x2段圖像切線的斜率不斷增大，場強增大，粒子所受的電場力增大，做非勻變速運動。x2～x3段斜率不變，場強不變

10、，即電場強度大小和方向均不變，是勻強電場，粒子所受的電場力不變，做勻變速直線運動，故B正確，D錯誤。根據(jù)電勢能與電勢的關系：Ep＝qφ，粒子帶負電，q＜0，則知：電勢能越大，粒子所在處的電勢越低，所以有：φ1＞φ2＞φ3，故C正確。 9.如圖所示，絕緣彈簧的下端固定在光滑斜面底端，彈簧與斜面平行，帶電小球Q(可視為質(zhì)點)固定在絕緣斜面上的M點，且在通過彈簧中心的直線ab上?，F(xiàn)將與Q大小相同，帶電性也相同的小球P，從直線ab上的N點由靜止釋放，若兩小球可視為點電荷。在小球P與彈簧接觸到速度變?yōu)榱愕倪^程中，下列說法中正確的是(　　) A．小球P的速度一定先增大后減小 B．小球P的機械能一定在

11、減少 C．小球P速度最大時所受彈簧彈力和庫侖力的合力為零 D．小球P與彈簧系統(tǒng)的機械能一定增加 解析：選AD　小球P先沿斜面加速向下運動，后減速向下運動，當彈簧壓縮量最大時，小球靜止，故A正確。小球P除了重力和彈力做功之外還有庫侖斥力做功，開始彈簧的彈力和庫侖斥力的合力方向向下，做正功，所以小球P的機械能增大；隨彈力的增大，二者的合力向上，做負功，機械能減小，所以小球P的機械能先增大后減小，故B錯誤。小球P的加速度為零，即所受彈簧彈力、重力沿斜面向下的分力和庫侖力的合力為零時，小球P的速度最大，故C錯誤。根據(jù)能量守恒定律知，小球P的動能、與地球間重力勢能、與小球Q間電勢能和彈簧彈性勢能的總和不變，因為在小球P與彈簧接觸到速度變?yōu)榱愕倪^程中，Q對P的庫侖斥力做正功，電勢能減小，所以小球P與彈簧系統(tǒng)的機械能一定增加，故D正確。 4