2021年高考全國甲卷化學試題（解析版）

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1、一、選擇題 1. 化學與人體健康及環(huán)境保護息息相關(guān)。下列敘述正確的是 A. 食品加工時不可添加任何防腐劑 B. 掩埋廢舊電池不會造成環(huán)境污染 C. 天然氣不完全燃燒會產(chǎn)生有毒氣體 D. 使用含磷洗滌劑不會造成水體污染 【答案】C 【解析】 分析】 【詳解】A．食品加工時，可適當添加食品添加劑和防腐劑等，如苯甲酸鈉，故A錯誤； B．廢舊電池中含有重金屬等金屬離子，會造成土壤污染，水體污染等，故B錯誤； C．天然氣主要成分為甲烷，不完全燃燒會產(chǎn)生一氧化碳等有毒氣體，故C正確； D．含磷洗滌劑的排放，使水中磷過多，造成水中藻類瘋長，消耗水中溶解的氧，水體變渾濁，故D錯誤；

2、故選C。 2. 為阿伏加德羅常數(shù)的值。下列敘述正確的是 A. 重水()中含有的質(zhì)子數(shù)為 B. 的與完全反應時轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為 C. 環(huán)狀()分子中含有的鍵數(shù)為 D. 的溶液中離子數(shù)為 【答案】C 【解析】 【分析】 【詳解】A．的質(zhì)子數(shù)為10，18g的物質(zhì)的量為 0.9mol， 則重水()中所含質(zhì)子數(shù)為，A錯誤； B．與反應的化學方程式為：3NO2+H2O=2HNO3+NO，該反應消耗3個NO2分子轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為2個，則有3mol的NO2參與反應時，轉(zhuǎn)移的電子數(shù)為，B錯誤； C．一個()分子中含有的鍵數(shù)為8個，32gS8的物質(zhì)的量為mol，則含有的鍵數(shù)為，C正確； D．酸

3、性溶液中存在：，含Cr元素微粒有和，則的溶液中離子數(shù)應小于，D錯誤； 故選C。 3. 實驗室制備下列氣體的方法可行的是 氣體 方法 A 氨氣 加熱氯化銨固體 B 二氧化氮 將鋁片加到冷濃硝酸中 C 硫化氫 向硫化鈉固體滴加濃硫酸 D 氧氣 加熱氯酸鉀和二氧化錳的混合物 A. A B. B C. C D. D 【答案】D 【解析】 【分析】 【詳解】A．氯化銨不穩(wěn)定，加熱易分解生成氨氣和氯化氫，但兩者遇冷又會化合生成氯化銨固體，所以不能用于制備氨氣，A不可行； B．將鋁片加到冷濃硝酸中會發(fā)生鈍化現(xiàn)象，不能用于制備二氧化氮，B不可行； C．硫化

4、氫為還原性氣體，濃硫酸具有強氧化性，不能用濃硫酸與硫化鈉固體反應制備該硫化氫氣體，因為該氣體會與濃硫酸發(fā)生氧化還原反應，C不可行； D．實驗室加熱氯酸鉀和二氧化錳的混合物，生成氯化鉀和氧氣，二氧化錳作催化劑，可用此方法制備氧氣，D可行； 故選D。 4. 下列敘述正確的是 A. 甲醇既可發(fā)生取代反應也可發(fā)生加成反應 B. 用飽和碳酸氫納溶液可以鑒別乙酸和乙醇 C. 烷烴的沸點高低僅取決于碳原子數(shù)的多少 D. 戊二烯與環(huán)戊烷互為同分異構(gòu)體 【答案】B 【解析】 【分析】 【詳解】A．甲醇為一元飽和醇，不能發(fā)生加成反應，A錯誤； B．乙酸可與飽和碳酸氫鈉反應，產(chǎn)生氣泡，乙醇不

5、能發(fā)生反應，與飽和碳酸鈉互溶，兩者現(xiàn)象不同，可用飽和碳酸氫納溶液可以鑒別兩者，B正確； C．含相同碳原子數(shù)的烷烴，其支鏈越多，沸點越低，所以烷烴的沸點高低不僅僅取決于碳原子數(shù)的多少，C錯誤； D．戊二烯分子結(jié)構(gòu)中含2個不飽和度，其分子式為C5H8，環(huán)戊烷分子結(jié)構(gòu)中含1個不飽和度，其分子式為C5H10，兩者分子式不同，不能互為同分異構(gòu)體，D錯誤。 故選B。 5. W、X、Y、Z為原子序數(shù)依次增大的短周期主族元素，Z的最外層電子數(shù)是W和X的最外層電子數(shù)之和，也是Y的最外層電子數(shù)的2倍。W和X的單質(zhì)常溫下均為氣體。下列敘述正確的是 A. 原子半徑： B. W與X只能形成一種化合物 C.

6、 Y氧化物為堿性氧化物，不與強堿反應 D. W、X和Z可形成既含有離子鍵又含有共價鍵的化合物 【答案】D 【解析】 【分析】W．X、Y、Z為原子序數(shù)依次增大的短周期主族元素，Z的最外層電子數(shù)是W和X的最外層電子數(shù)之和，也是Y的最外層電子數(shù)的2倍，則分析知，Z的最外層電子數(shù)為偶數(shù)，W和X的單質(zhì)常溫下均為氣體，則推知W和X為非金屬元素，所以可判斷W為H元素，X為N元素，Z的最外層電子數(shù)為1+5=6，Y的最外層電子數(shù)為=3，則Y為Al元素，Z為S元素，據(jù)此結(jié)合元素及其化合物的結(jié)構(gòu)與性質(zhì)分析解答。 【詳解】根據(jù)上述分析可知，WH元素，X為N元素，Y為Al元素，Z為S元素，則 A．電子層數(shù)越

7、多的元素原子半徑越大，同周期元素原子半徑依次減弱，則原子半徑：Y(Al)＞Z(S)＞X(N)＞W(wǎng)(H)，A錯誤； B．W為H元素，X為N元素，兩者可形成NH3和N2H4，B錯誤； C．Y為Al元素，其氧化物為兩性氧化物，可與強酸、強堿反應，C錯誤； D．W、X和Z可形成(NH4)2S、NH4HS，兩者既含有離子鍵又含有共價鍵，D正確。 故選D。 6. 已知相同溫度下，。某溫度下，飽和溶液中、、與的關(guān)系如圖所示。 下列說法正確的是 A. 曲線①代表的沉淀溶解曲線 B. 該溫度下的值為 C. 加適量固體可使溶液由a點變到b點 D. 時兩溶液中 【答案】B 【解析】 【

8、分析】BaCO3、BaSO4均為難溶物，飽和溶液中－lg[c(Ba2＋)]＋{－lg[c()]}＝－lg[c(Ba2＋)c()]＝－lg[Ksp(BaSO4)]，同理可知溶液中－lg[c(Ba2＋)]＋{－lg[c()]}＝－lg[Ksp(BaCO3)]，因Ksp(BaSO4)＜ Ksp(BaCO3)，則－lg[Ksp(BaCO3)]＜－lg[Ksp(BaSO4)]，由此可知曲線①為－lg[c(Ba2＋)]與－lg[c()]的關(guān)系，曲線②為－lg[c(Ba2＋)]與－lg[c()]的關(guān)系。 【詳解】A．由題可知，曲線上的點均為飽和溶液中微粒濃度關(guān)系，由上述分析可知，曲線①為BaSO4的沉淀溶

9、解曲線，選項A錯誤； B．曲線①為BaSO4溶液中－lg[c(Ba2＋)]與－lg[c()]的關(guān)系，由圖可知，當溶液中－lg[c(Ba2＋)]＝3時，－lg[c()＝7，則－lg[Ksp(BaSO4)]＝7＋3＝10，因此Ksp(BaSO4)＝1.010－10，選項B正確； C．向飽和BaSO4溶液中加入適量BaCl2固體后，溶液中c(Ba2＋)增大，根據(jù)溫度不變則Ksp(BaSO4)不變可知，溶液中c()將減小，因此a點將沿曲線①向左上方移動，選項C錯誤； D．由圖可知，當溶液中c(Ba2＋)＝10－5.1時，兩溶液中＝＝，選項D錯誤； 答案選B。 7. 乙醛酸是一種重要的化工中間

10、體，可果用如下圖所示的電化學裝置合成。圖中的雙極膜中間層中的解離為和，并在直流電場作用下分別問兩極遷移。下列說法正確的是 A. 在上述電化學合成過程中只起電解質(zhì)的作用 B. 陽極上的反應式為：+2H++2e-=+H2O C. 制得乙醛酸，理論上外電路中遷移了電子 D. 雙極膜中間層中的在外電場作用下向鉛電極方向遷移 【答案】D 【解析】 【分析】該裝置通電時，乙二酸被還原為乙醛酸，因此鉛電極為電解池陰極，石墨電極為電解池陽極，陽極上Br-被氧化為Br2，Br2將乙二醛氧化為乙醛酸，雙極膜中間層的H+在直流電場作用下移向陰極，OH-移向陽極。 【詳解】A．KBr在上述電化學合

11、成過程中除作電解質(zhì)外，同時還是電解過程中陽極的反應物，生成的Br2為乙二醛制備乙醛酸的中間產(chǎn)物，故A錯誤； B．陽極上為Br-失去電子生成Br2，Br2將乙二醛氧化為乙醛酸，故B錯誤； C．電解過程中陰陽極均生成乙醛酸，1mol乙二酸生成1mol乙醛酸轉(zhuǎn)移電子為2mol，1mol乙二醛生成1mol乙醛酸轉(zhuǎn)移電子為2mol，根據(jù)轉(zhuǎn)移電子守恒可知每生成1mol乙醛酸轉(zhuǎn)移電子為1mol，因此制得2mol乙醛酸時，理論上外電路中遷移了2mol電子，故C錯誤； D．由上述分析可知，雙極膜中間層的H+在外電場作用下移向陰極，即H+移向鉛電極，故D正確； 綜上所述，說法正確的是D項，故答案為D。

12、二、非選擇題 8. 碘(紫黑色固體，微溶于水)及其化合物廣泛用于醫(yī)藥、染料等方面?；卮鹣铝袉栴}： (1)的一種制備方法如下圖所示： ①加入粉進行轉(zhuǎn)化反應的離子方程式為_______，生成的沉淀與硝酸反應，生成_______后可循環(huán)使用。 ②通入的過程中，若氧化產(chǎn)物只有一種，反應的化學方程式為_______；若反應物用量比時，氧化產(chǎn)物為_______；當，單質(zhì)碘的收率會降低，原因是_______。 (2)以為原料制備的方法是：先向溶液中加入計量的，生成碘化物；再向混合溶液中加入溶液，反應得到，上述制備的總反應的離子方程式為_______。 (3)溶液和溶液混合可生成沉淀和，若生成

13、，消耗的至少為_______。在溶液中可發(fā)生反應。實驗室中使用過量的與溶液反應后，過濾，濾液經(jīng)水蒸氣蒸餾可制得高純碘。反應中加入過量的原因是_______。 【答案】 (1). 2AgI+Fe=2Ag+ Fe2++2I- (2). AgNO3 (3). FeI2+Cl2= I2+FeCl2 (4). I2、FeCl3 (5). I2被過量的進一步氧化 (6). (7). 4 (8). 防止單質(zhì)碘析出 【解析】 【分析】 【詳解】(1) ①由流程圖可知懸濁液中含AgI ，AgI可與Fe反應生成FeI2和Ag，F(xiàn)eI2易溶于水，在離子方程式

14、中能拆，故加入粉進行轉(zhuǎn)化反應的離子方程式為2AgI+Fe=2Ag+ Fe2++2I-，生成的銀能與硝酸反應生成硝酸銀參與循環(huán)中，故答案為：2AgI+Fe=2Ag+ Fe2++2I-；AgNO3； ②通入的過程中，因I-還原性強于Fe2+，先氧化還原性強的I-，若氧化產(chǎn)物只有一種，則該氧化產(chǎn)物只能是I2，故反應的化學方程式為FeI2+Cl2= I2+FeCl2，若反應物用量比時即過量，先氧化完全部I-再氧化Fe2+，恰好將全部I-和Fe2+氧化，故氧化產(chǎn)物為I2、FeCl3，當即過量特別多，多余的氯氣會與生成的單質(zhì)碘以及水繼續(xù)發(fā)生氧化還原反應，單質(zhì)碘的收率會降低，故答案為：FeI2+Cl2=

15、I2+FeCl2；I2、FeCl3；I2被過量的進一步氧化； (2)先向溶液中加入計量的，生成碘化物即含I-的物質(zhì)；再向混合溶液中（含I-）加入溶液，反應得到，上述制備的兩個反應中I-為中間產(chǎn)物，總反應為與發(fā)生氧化還原反應，生成和，根據(jù)得失電子守恒、電荷守恒]及元素守恒配平離子方程式即可得：，故答案為：； (3) 溶液和溶液混合可生成沉淀和，化學方程式為4KI+2CuSO4=2CuI +I2+2K2SO4，若生成，則消耗的至少為4mol；反應中加入過量，I-濃度增大，可逆反應平衡右移，增大溶解度，防止升華，有利于蒸餾時防止單質(zhì)碘析出，故答案為：4；防止單質(zhì)碘析出。 9. 膽礬()易溶于

16、水，難溶于乙醇。某小組用工業(yè)廢銅焙燒得到的(雜質(zhì)為氧化鐵及泥沙)為原料與稀硫酸反應制備膽礬，并測定其結(jié)晶水的含量?；卮鹣铝袉栴}： (1)制備膽礬時，用到的實驗儀器除量筒、酒精燈、玻璃棒、漏斗外，還必須使用的儀器有_______(填標號)。 A.燒杯 B.容量瓶 C.蒸發(fā)皿 D.移液管 (2)將加入到適量的稀硫酸中，加熱，其主要反應的化學方程式為_______，與直接用廢銅和濃硫酸反應相比，該方法的優(yōu)點是_______。 (3)待完全反應后停止加熱，邊攪拌邊加入適量，冷卻后用調(diào)為3.5～4，再煮沸，冷卻后過濾。濾液經(jīng)如下實驗操作：加熱蒸發(fā)、冷卻結(jié)晶、__

17、_____、乙醇洗滌、_______，得到膽礬。其中，控制溶液為3.5～4的目的是_______，煮沸的作用是_______。 (4)結(jié)晶水測定：稱量干燥坩堝的質(zhì)量為，加入膽礬后總質(zhì)量為，將坩堝加熱至膽礬全部變?yōu)榘咨?，置于干燥器中冷至室溫后稱量，重復上述操作，最終總質(zhì)量恒定為。根據(jù)實驗數(shù)據(jù)，膽礬分子中結(jié)晶水的個數(shù)為_______(寫表達式)。 (5)下列操作中，會導致結(jié)晶水數(shù)目測定值偏高的是_______(填標號)。 ①膽礬未充分干燥 ②坩堝未置于干燥器中冷卻 ③加熱時有少膽礬迸濺出來 【答案】 (1). A、C (2). CuO+H2SO4CuSO4+H2O

18、 (3). 不會產(chǎn)生二氧化硫且產(chǎn)生等量膽礬消耗硫酸少（硫酸利用率高） (4). 過濾 (5). 干燥 (6). 除盡鐵，抑制硫酸銅水解 (7). 破壞氫氧化鐵膠體，易于過濾 (8). (9). ①③ 【解析】 【分析】 【詳解】(1)制備膽礬時，根據(jù)題干信息可知，需進行溶解、過濾、結(jié)晶操作，用到的實驗儀器除量筒、酒精燈、玻璃棒、漏斗外，還必須使用的儀器有燒杯和蒸發(fā)皿，A、C符合題意，故答案為：A、C； (2)將加入到適量的稀硫酸中，加熱，其主要反應的化學方程式為CuO+H2SO4CuSO4+H2O；直接用廢銅和濃硫酸反應生成硫酸銅與二氧化硫和

19、水，與這種方法相比，將加入到適量的稀硫酸中，加熱制備膽礬的實驗方案具有的優(yōu)點是：不會產(chǎn)生二氧化硫且產(chǎn)生等量膽礬消耗硫酸少（硫酸利用率高）； (3) 硫酸銅溶液制硫酸銅晶體，操作步驟有加熱蒸發(fā)、冷卻結(jié)晶、過濾、乙醇洗滌、干燥；中含氧化鐵雜質(zhì)，溶于硫酸后會形成鐵離子，為使鐵元素以氫氧化鐵形成沉淀完全，需控制溶液為3.5～4，酸性環(huán)境同時還可抑制銅離子發(fā)生水解；操作過程中可能會生成氫氧化鐵膠體，所以煮沸，目是破壞氫氧化鐵膠體，使其沉淀，易于過濾，故答案為：過濾；干燥；除盡鐵，抑制硫酸銅水解；破壞氫氧化鐵膠體，易于過濾； (4) 稱量干燥坩堝的質(zhì)量為，加入膽礬后總質(zhì)量為，將坩堝加熱至膽礬全部變?yōu)榘?/p>

20、色，置于干燥器中冷至室溫后稱量，重復上述操作，最終總質(zhì)量恒定為。則水的質(zhì)量是(－)g，所以膽礬（CuSO4?nH2O）中n值的表達式為=n:1，解得n＝； (5) ①膽礬未充分干燥，捯飭所測m2偏大，根據(jù)n=可知，最終會導致結(jié)晶水數(shù)目定值偏高，符合題意； ②坩堝未置于干燥器中冷卻，部分白色硫酸銅會與空氣中水蒸氣結(jié)合重新生成膽礬，導致所測m3偏大，根據(jù)n=可知，最終會導致結(jié)晶水數(shù)目定值偏低，不符合題意； ③加熱膽礬晶體時有晶體從坩堝中濺出，會使m3數(shù)值偏小，根據(jù)n=可知，最終會導致結(jié)晶水數(shù)目定值偏高，符合題意；綜上所述，①③符合題意，故答案為：①③。 10. 二氧化碳催化加氫制甲醇，

21、有利于減少溫室氣體二氧化碳回答下列問題： (1)二氧化碳加氫制甲醇的總反應可表示為： 該反應一般認為通過如下步驟來實現(xiàn)： ① ② 總反應的_______；若反應①為慢反應，下列示意圖中能體現(xiàn)上述反應能量變化的是_______(填標號)，判斷的理由是_______。 A. B. C. D. (2)合成總反應在起始物時，在不同條件下達到平衡，設(shè)體系中甲醇的物質(zhì)的量分數(shù)為，在℃下的、在下的如圖所示。 ①用各物質(zhì)的平衡分壓表示總反應的平衡常數(shù)，表達式_______； ②圖中對應等壓過程的曲線是_______，判斷的理由是_______； ③當時，的平衡轉(zhuǎn)化率____，反

22、應條件可能為___或___。 【答案】 (1). -49 (2). A (3). ΔH1為正值，ΔH2為和ΔH為負值，反應①的活化能大于反應②的 (4). (5). b (6). 總反應ΔH<0，升高溫度時平衡向逆反應方向移動，甲醇的物質(zhì)的量分數(shù)變小 (7). 33.3% (8). 5105Pa，210℃ (9). 9105Pa，250℃ 【解析】 【分析】 【詳解】(1)二氧化碳加氫制甲醇的總反應可表示為：，該反應一般認為通過如下步驟來實現(xiàn)：①，②，根據(jù)蓋斯定律可知，①+②可得二氧化碳加氫制甲醇的總反應為： ；該反應總反應為放熱

23、反應，因此生成物總能量低于反應物總能量，反應①為慢反應，因此反應①的活化能高于反應②，同時反應①的反應物總能量低于生成物總能量，反應②的反應物總能量高于生成物總能量，因此示意圖中能體現(xiàn)反應能量變化的是A項，故答案為：-49；A；ΔH1為正值，ΔH2為和ΔH為負值，反應①的活化能大于反應②的。 (2)①二氧化碳加氫制甲醇的總反應為，因此利用各物質(zhì)的平衡分壓表示總反應的平衡常數(shù)，表達式Kp=，故答案為：。 ②該反應正向為放熱反應，升高溫度時平衡逆向移動，體系中將減小，因此圖中對應等壓過程的曲線是b，故答案為：b；總反應ΔH<0，升高溫度時平衡向逆反應方向移動，甲醇的物質(zhì)的量分數(shù)變小。 ③設(shè)起

24、始n(CO2)=1mol，n(H2)=3mol，則，當平衡時時，=0.1，解得x=mol，平衡時CO2的轉(zhuǎn)化率α==33.3%；由圖可知，滿足平衡時的條件有：5105Pa，210℃或9105Pa，250℃，故答案為：33.3%；5105Pa，210℃；9105Pa，250℃。 【化學—選修3：物質(zhì)結(jié)構(gòu)與性質(zhì)】 11. 我國科學家研發(fā)的全球首套千噸級太陽能燃料合成項目被形象地稱為“液態(tài)陽光”計劃。該項目通過太陽能發(fā)電電解水制氫，再采用高選擇性催化劑將二氧化碳加氫合成甲醇。回答下列問題： （1）太陽能電池板主要材料為單晶硅或多晶硅。Si的價電子層的電子排式為________；單晶硅的晶體類型

25、為_________。SiCl4是生產(chǎn)高純硅的前驅(qū)體，其中Si采取的雜化類型為_______。SiCl4可發(fā)生水解反應，機理如下： 含s、p、d軌道的雜化類型有：①dsp2、②sp3d、③sp3d2，中間體SiCl4(H2O)中Si采取的雜化類型為________（填標號）。 （2）CO2分子中存在_______個鍵和______個鍵。 （3）甲醇的沸點（64.7℃）介于水（100℃）和甲硫醇（CH3SH，7.6℃）之間，其原因是________。 （4）我國科學家發(fā)明了高選擇性的二氧化碳加氫合成甲醇的催化劑，其組成為ZnO/ZrO2固溶體。四方ZrO2晶胞如圖所示。Zr4+離

26、子在晶胞中的配位數(shù)是________，晶胞參數(shù)為a pm、a pm、c pm，該晶體密度為______gcm-3（寫出表達式）。在ZrO2中摻雜少量ZrO后形成的催化劑，化學式可表示為ZnxZr1-xOy，則y=________（用x表達）。 【答案】 (1). 3s23p2 (2). 原子晶體(共價晶體) (3). sp3 (4). ② (5). 2 (6). 2 (7). 甲硫醇不能形成分子間氫鍵，而水和甲醇均能，且水比甲醇的氫鍵多 (8). 8 (9). (10). 2-x 【解析】 【分析】 【詳解】(1)基

27、態(tài)Si原子的核外電子排布式為1s22s22p63s23p2，因此Si的價電子層的電子排式為3s23p2；晶體硅中Si原子與Si原子之間通過共價鍵相互結(jié)合，整塊晶體是一個三維的共價鍵網(wǎng)狀結(jié)構(gòu)，因此晶體硅為原子晶體；SiCl4中Si原子價層電子對數(shù)為4+=4，因此Si原子采取sp3雜化；由圖可知，SiCl4(H2O)中Si原子的δ鍵數(shù)為5，說明Si原子的雜化軌道數(shù)為5，由此可知Si原子的雜化類型為sp3d，故答案為：3s23p2；原子晶體(共價晶體)；sp3；②； (2)CO2的結(jié)構(gòu)式為O=C=O，1個雙鍵中含有1個δ鍵和1個π鍵，因此1個CO2分子中含有2個δ鍵和2個π鍵，故答案為：2；2；

28、 (3)甲醇分子之間和水分子之間都存在氫鍵，因此沸點高于不含分子間氫鍵的甲硫醇，甲醇分子之間氫鍵的總強度低于水分子之間氫鍵的總強度，因此甲醇的沸點介于水和甲硫醇之間，故答案為：甲硫醇不能形成分子間氫鍵，而水和甲醇均能，且水比甲醇的氫鍵多； (4)以晶胞中右側(cè)面心的Zr4+為例，同一晶胞中與Zr4+連接最近且等距的O2-數(shù)為4，同理可知右側(cè)晶胞中有4個O2-與Zr4+相連，因此Zr4+離子在晶胞中的配位數(shù)是4+4=8；1個晶胞中含有4個ZrO2微粒，1個晶胞的質(zhì)量m=，1個晶胞的體積為(a10-10cm)(a10-10cm)(c10-10cm)=a2c10-30cm3，因此該晶體密度===gc

29、m-3；在ZrO2中摻雜少量ZrO后形成的催化劑，化學式可表示為ZnxZr1-xOy，其中Zn元素為+2價，Zr為+4價，O元素為-2價，根據(jù)化合物化合價為0可知2x+4(1-x)=2y，解得y=2-x，故答案為：；2-x。 【化學—選修5：有機化學基礎(chǔ)】 12. 近年來，以大豆素(化合物C)為主要成分的大豆異黃酮及其衍生物，因其具有優(yōu)良的生理活性而備受關(guān)注。大豆素的合成及其衍生化的一種工藝路線如下： 回答下列問題： (1)A的化學名稱為_______。 (2)反應生成E至少需要_______氫氣。 (3)寫出E中任意兩種含氧官能團的名稱_______。 (4)由E生成F的化

30、學方程式為_______。 (5)由G生成H分兩步進行：反應1)是在酸催化下水與環(huán)氧化合物的加成反應，則反應2)的反應類型為_______。 (6)化合物B的同分異構(gòu)體中能同時滿足下列條件的有_______(填標號)。 a.含苯環(huán)的醛、酮 b.不含過氧鍵() c.核磁共振氫譜顯示四組峰，且峰面積比為3∶2∶2∶1 A.2個 B.3個 C.4個 D.5個 (7)根據(jù)上述路線中的相關(guān)知識，以丙烯為主要原料用不超過三步的反應設(shè)計合成下圖有機物，寫出合成路線_______。 【答案】 (1). 間苯二酚（或1,3-苯二酚） (

31、2). 2 (3). 酯基，醚鍵，酮基（任寫兩種） (4). +H2O (5). 取代反應 (6). C (7). 【解析】 【分析】由合成路線圖，可知，A（間苯二酚）和B（）反應生成C（），與碳酸二甲酯發(fā)生酯化反應，生成，與氫氣發(fā)生加成反應生成，發(fā)生消去反應，生成F，F(xiàn)先氧化成環(huán)氧化合物G，G在酸催化下水與環(huán)氧化合物的加成反應，然后發(fā)生酯的水解生成H，據(jù)此分析解答。 【詳解】(1)A為，化學名稱為間苯二酚（或1,3-苯二酚），故答案為：間苯二酚（或1,3-苯二酚）； (2)D為 ，與氫氣發(fā)生加成反應生成，碳碳雙鍵及酮基都發(fā)生了加成反應，所以反應

32、生成E至少需要2氫氣，故答案為：2； (3)E為，含有的含氧官能團的名稱為酯基，醚鍵，酮基（任寫兩種），故答案為：酯基，醚鍵，酮基（任寫兩種）； (4)E為，發(fā)生消去反應，生成，化學方程式為 +H2O，故答案為： +H2O； (5)由G生成H分兩步進行：反應1)是在酸催化下水與環(huán)氧化合物的加成反應，則反應2)是將酯基水解生成羥基，反應類型為取代反應，故答案為：取代反應； (6)化合物B為，同分異構(gòu)體中能同時滿足下列條件：.含苯環(huán)的醛、酮；b.不含過氧鍵()；c.核磁共振氫譜顯示四組峰，且峰面積比為3∶2∶2∶1，說明為醛或酮，而且含有甲基，根據(jù)要求可以寫出：，，，，故有4種，答案為：C； (7)以丙烯為主要原料用不超過三步的反應設(shè)計合成下圖有機物，可以將丙烯在m-CPBA的作用下生成環(huán)氧化合物，環(huán)氧化合物在酸催化下水發(fā)生加成反應，然后再與碳酸二甲酯發(fā)生酯化反應即可，故合成路線為： 。