《（新課標(biāo)）2020高考物理總復(fù)習(xí) 課時(shí)檢測（四十二）電場性質(zhì)的應(yīng)用（題型研究課）（含解析）.doc》由會(huì)員分享，可在線閱讀，更多相關(guān)《（新課標(biāo)）2020高考物理總復(fù)習(xí) 課時(shí)檢測（四十二）電場性質(zhì)的應(yīng)用（題型研究課）（含解析）.doc（6頁珍藏版）》請(qǐng)?jiān)谘b配圖網(wǎng)上搜索。
電場性質(zhì)的應(yīng)用 (題型研究課)
1．一帶負(fù)電荷的質(zhì)點(diǎn)，僅在電場力作用下沿曲線abc從a運(yùn)動(dòng)到c，已知質(zhì)點(diǎn)的速率是遞減的。關(guān)于b點(diǎn)電場強(qiáng)度E的方向，選項(xiàng)圖中可能正確的是(虛線是曲線在b點(diǎn)的切線)( )
解析：選D b點(diǎn)處沿b指向c的切線方向?yàn)橘|(zhì)點(diǎn)對(duì)應(yīng)的速度方向，速率遞減，結(jié)合力與曲線運(yùn)動(dòng)軌跡的關(guān)系可知電場力與切線夾角大于90，又質(zhì)點(diǎn)帶負(fù)電，可判斷D正確。
2．如圖甲所示，直線AB是某電場中的一條電場線，一電子僅在電場力作用下由電場線上A點(diǎn)沿直線運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，其速度平方v2與位移x的關(guān)系如圖乙所示。EA、EB表示A、B兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度，φA、φB表示A、B兩點(diǎn)的電勢(shì)。以下判斷正確的是( )
A．EA
EB
C．φA>φB D．φA<φB
解析：選D 由題圖乙中速度平方v2與位移x的關(guān)系圖線與v2－v02＝2ax對(duì)比可得，電子做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，由牛頓第二定律知，電場力恒定，此電場為勻強(qiáng)電場，選項(xiàng)A、B錯(cuò)誤；電子從A到B，電場力做正功，電勢(shì)能減小，電勢(shì)增大，選項(xiàng)D正確，C錯(cuò)誤。
3.(2019西安高三質(zhì)檢)如圖是勻強(qiáng)電場遇到空腔導(dǎo)體后的部分電場線分布圖，電場線的方向如圖中箭頭所示，M、N、Q是以直電場線上一點(diǎn)O為圓心的同一圓周上的三點(diǎn)，OQ連線垂直于MN。以下說法正確的是( )
A．O點(diǎn)電勢(shì)與Q點(diǎn)電勢(shì)相等
B．M、O間的電勢(shì)差小于O、N間的電勢(shì)差
C．將一負(fù)電荷由M點(diǎn)移到Q點(diǎn)，電荷的電勢(shì)能增加
D．在Q點(diǎn)釋放一個(gè)正電荷，正電荷所受電場力將沿與OQ垂直的方向豎直向上
解析：選C 由題圖中電場線的方向可知φM>φO>φN，再作出此電場中過O的等勢(shì)線，可知φO>φQ，A錯(cuò)誤；且MO間的平均電場強(qiáng)度大于ON間的平均電場強(qiáng)度，故UMO>UON，B錯(cuò)誤；因UMQ>0，負(fù)電荷從M到Q電場力做負(fù)功，電勢(shì)能增加，C正確；正電荷在Q點(diǎn)所受的電場力方向沿電場線的切線方向而不是圓周的切線方向，D錯(cuò)誤。
4.如圖所示，將帶正電的甲球放在不帶電的乙球左側(cè)，兩球在空間形成了穩(wěn)定的靜電場，實(shí)線為電場線，虛線為等勢(shì)面。A、B兩點(diǎn)與兩球球心連線位于同一直線上，C、D兩點(diǎn)關(guān)于直線AB對(duì)稱，則( )
A．A點(diǎn)和B點(diǎn)的電勢(shì)相等
B．C點(diǎn)和D點(diǎn)的電場強(qiáng)度相同
C．正電荷從A點(diǎn)移至B點(diǎn)，電場力做正功
D．負(fù)電荷從C點(diǎn)移至D點(diǎn)，電勢(shì)能增大
解析：選C 由題圖知，A點(diǎn)和D點(diǎn)的電勢(shì)相等，B點(diǎn)電勢(shì)低于D點(diǎn)電勢(shì)，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；C點(diǎn)和D點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，方向不相同，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；正電荷從A點(diǎn)移至B點(diǎn)，即從高電勢(shì)點(diǎn)移到低電勢(shì)點(diǎn)，電勢(shì)能減小，電場力做正功，選項(xiàng)C正確；C、D兩點(diǎn)處在同一等勢(shì)面上，故負(fù)電荷從C點(diǎn)移至D點(diǎn)，電勢(shì)能不變，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。
5.如圖所示為一孤立的負(fù)點(diǎn)電荷形成的電場，一帶電粒子僅在電場力的作用下以某一速度進(jìn)入該電場，依次經(jīng)過A、B、C三點(diǎn)，其中A、C兩點(diǎn)與負(fù)點(diǎn)電荷的距離相等，B點(diǎn)是軌跡上距離負(fù)點(diǎn)電荷最近的點(diǎn)。則下列說法正確的是( )
A．粒子運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的速度最大
B．電勢(shì)差關(guān)系為UAB＝UBC
C．粒子帶負(fù)電，并且在B點(diǎn)時(shí)的加速度最大
D．粒子在B點(diǎn)的電勢(shì)能小于在C點(diǎn)的電勢(shì)能
解析：選C 根據(jù)題述及題圖知，粒子受到負(fù)點(diǎn)電荷的斥力作用，因此粒子帶負(fù)電，粒子從A點(diǎn)到B點(diǎn)速度減小，從B點(diǎn)到C點(diǎn)速度增大，運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的速度最小，A錯(cuò)誤；由于A、C兩點(diǎn)與負(fù)點(diǎn)電荷的距離相等，則這兩點(diǎn)的電勢(shì)相等，可得UAB＝－UBC，B錯(cuò)誤；軌跡上B點(diǎn)處的電場線最密，所以粒子在B點(diǎn)時(shí)受到的電場力最大，加速度最大，C正確；在粒子由B點(diǎn)向C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程中，電場力做正功，電勢(shì)能減小，則粒子在B點(diǎn)的電勢(shì)能大于在C點(diǎn)的電勢(shì)能，D錯(cuò)誤。
6.某電場的電場線分布如圖所示，M、N、P、Q是以O(shè)為圓心的一個(gè)圓上的四點(diǎn)，其中MN為圓的直徑，則( )
A．M點(diǎn)的電勢(shì)與Q點(diǎn)的電勢(shì)一樣高
B．O、M間的電勢(shì)差等于N、O間的電勢(shì)差
C．一正電荷在O點(diǎn)的電勢(shì)能大于在Q點(diǎn)的電勢(shì)能
D．將一個(gè)負(fù)電荷由P點(diǎn)沿圓弧移動(dòng)到N點(diǎn)的過程中電場力不做功
解析：選C 根據(jù)電場線與等勢(shì)線垂直，可在題圖中M點(diǎn)所在電場線上找到Q點(diǎn)的等勢(shì)點(diǎn)Q′，根據(jù)沿電場線電勢(shì)降低可知，Q′點(diǎn)的電勢(shì)比M點(diǎn)的電勢(shì)高，故A錯(cuò)誤；根據(jù)電場分布可知，OM間的平均電場強(qiáng)度比NO間的平均電場強(qiáng)度小，故由公式U＝Ed可知，O、M間的電勢(shì)差小于N、O間的電勢(shì)差，故B錯(cuò)誤；O點(diǎn)電勢(shì)高于Q點(diǎn)，根據(jù)Ep＝φq可知，正電荷在O點(diǎn)的電勢(shì)能大于在Q點(diǎn)的電勢(shì)能，故C正確；P點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)的電勢(shì)低，負(fù)電荷從低電勢(shì)移動(dòng)到高電勢(shì)電場力做正功，故D錯(cuò)誤。
7.(多選)如圖所示的實(shí)線表示電場線，虛線表示只受電場力作用的帶正電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，粒子先經(jīng)過M點(diǎn)，再經(jīng)過N點(diǎn)，可以判定( )
A．M點(diǎn)的電勢(shì)大于N點(diǎn)的電勢(shì)
B．M點(diǎn)的電勢(shì)小于N點(diǎn)的電勢(shì)
C．粒子在M點(diǎn)受到的電場力大于在N點(diǎn)受到的電場力
D．粒子在M點(diǎn)受到的電場力小于在N點(diǎn)受到的電場力
解析：選AD 由題圖可知，電場為非勻強(qiáng)電場，N點(diǎn)處電場線比M點(diǎn)處密集，則N點(diǎn)場強(qiáng)大于M點(diǎn)場強(qiáng)，同一帶電粒子在N點(diǎn)受到的電場力大于在M點(diǎn)受到的電場力，D正確，C錯(cuò)誤；沿著電場線方向電勢(shì)逐漸降低，M點(diǎn)的電勢(shì)大于N點(diǎn)的電勢(shì)，A正確，B錯(cuò)誤。
8.(多選)如圖所示虛線為一組間距相等的同心圓，圓心處固定一帶正電的點(diǎn)電荷。一帶電粒子以一定初速度射入電場，實(shí)線為粒子僅在電場力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡，a、b、c三點(diǎn)是實(shí)線與虛線的交點(diǎn)，則該粒子( )
A．帶負(fù)電
B．在c點(diǎn)受力最大
C．在b點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能
D．由a點(diǎn)到b點(diǎn)的動(dòng)能變化大于由b點(diǎn)到c點(diǎn)的動(dòng)能變化
解析：選CD 根據(jù)帶電粒子所受合力指向運(yùn)動(dòng)軌跡曲線的凹側(cè)，結(jié)合題圖可知，粒子帶正電，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；根據(jù)庫侖定律可知，a、b、c三點(diǎn)中，粒子在a點(diǎn)時(shí)受力最大，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；從b點(diǎn)到c點(diǎn)電勢(shì)減小，帶正電粒子的電勢(shì)能減小，故在b點(diǎn)的電勢(shì)能大于在c點(diǎn)的電勢(shì)能，選項(xiàng)C正確；由于虛線為等間距的同心圓，根據(jù)U＝d(為某段電場強(qiáng)度的平均值)，可得Uab＞Ubc，根據(jù)電場力做功公式，可得Wab＞W(wǎng)bc，根據(jù)動(dòng)能定理，粒子由a點(diǎn)到b點(diǎn)的動(dòng)能變化大于由b點(diǎn)到c點(diǎn)的動(dòng)能變化，選項(xiàng)D正確。
9.(多選)兩個(gè)關(guān)于原點(diǎn)O對(duì)稱放置的等量異種點(diǎn)電荷的電場線如圖所示。選項(xiàng)圖中能正確表示其位于x軸上的電場強(qiáng)度或電勢(shì)分布隨位置x變化規(guī)律的是( )
解析：選AC 根據(jù)兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線電勢(shì)為零，越靠近正電荷電勢(shì)越高，越靠近負(fù)電荷電勢(shì)越低，可知電勢(shì)分布隨位置x變化規(guī)律正確的是A；根據(jù)在兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷連線上電場強(qiáng)度先減小后增大，越靠近電荷，電場強(qiáng)度越大，可知電場強(qiáng)度分布隨位置x變化規(guī)律正確的是C。
10.(多選)兩個(gè)帶等量正電的點(diǎn)電荷，固定在圖中P、Q兩點(diǎn)，MN為PQ連線的中垂線，交PQ于O點(diǎn)，A點(diǎn)為MN上的一點(diǎn)。一帶負(fù)電的試探電荷q，從A點(diǎn)由靜止釋放，只在靜電力作用下運(yùn)動(dòng)。取無窮遠(yuǎn)處的電勢(shì)為零，則( )
A．q由A點(diǎn)向O點(diǎn)的運(yùn)動(dòng)是勻加速直線運(yùn)動(dòng)
B．q由A點(diǎn)向O點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的過程電勢(shì)能逐漸減小
C．q運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)的動(dòng)能最大
D．q運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能為零
解析：選BC 兩等量正點(diǎn)電荷在連線的中垂線MN上的電場強(qiáng)度方向從O點(diǎn)向兩側(cè)沿中垂線指向無窮遠(yuǎn)處，場強(qiáng)大小從O點(diǎn)沿MN到無窮遠(yuǎn)處先變大后變小，因此q由靜止釋放后，在變化的電場力作用下做直線運(yùn)動(dòng)的加速度不斷變化，A項(xiàng)錯(cuò)誤；q由A點(diǎn)到O點(diǎn)電場力做正功，電勢(shì)能減小，B項(xiàng)正確；在MN上O點(diǎn)電勢(shì)最高，因此q在O點(diǎn)的電勢(shì)能最小，由于只有電場力做功，因此電勢(shì)能與動(dòng)能的和是一定值，電勢(shì)能最小時(shí)，動(dòng)能最大，C項(xiàng)正確；O點(diǎn)的電勢(shì)不為零，因此q在O點(diǎn)時(shí)的電勢(shì)能不為零，D項(xiàng)錯(cuò)誤。
11．如圖所示，光滑、絕緣的水平軌道AB與四分之一圓弧軌道BC平滑連接，并均處于水平向右的勻強(qiáng)電場中，已知?jiǎng)驈?qiáng)電場的場強(qiáng)E＝5103 V/m，圓弧軌道半徑R＝0.4 m?，F(xiàn)有一帶電荷量q＝＋210－5 C、質(zhì)量m＝510－2 kg的物塊(可視為質(zhì)點(diǎn))，從距B端s＝1 m處的P點(diǎn)由靜止釋放，加速運(yùn)動(dòng)到B端，再平滑進(jìn)入圓弧軌道BC。重力加速度g＝10 m/s2，求：
(1)物塊在水平軌道上加速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間和到達(dá)B端的速度vB的大??；
(2)物塊剛進(jìn)入圓弧軌道時(shí)受到的支持力NB的大小。
解析：(1)在物塊由靜止釋放至運(yùn)動(dòng)到B端的過程中，由牛頓第二定律可知：
qE＝ma
又由運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有：s＝at2
解得：t＝1 s
由vB＝at
解得：vB＝2 m/s。
(2)物塊剛進(jìn)入圓弧軌道時(shí)，在沿半徑方向上由牛頓第二定律有：
NB－mg＝m
解得：NB＝1 N。
答案：(1)1 s 2 m/s (2)1 N
12．(2019北京通州模擬)如圖甲所示，把一個(gè)帶正電的球A放在絕緣支架上，再把一個(gè)質(zhì)量為m、帶電量為q的帶電小球B用絕緣細(xì)繩懸掛在鐵架臺(tái)上，小球B靜止在P點(diǎn)時(shí)細(xì)繩與豎直方向的夾角為θ，電場力方向水平向右。球A與球B之間的距離遠(yuǎn)大于兩球的直徑。求：
(1)球B在P點(diǎn)所受電場力F0的大小及球A產(chǎn)生的電場在P點(diǎn)的電場強(qiáng)度E0的大??；
(2)現(xiàn)緩慢移動(dòng)鐵架臺(tái)，使球B從P點(diǎn)沿水平方向右移，近似認(rèn)為移動(dòng)過程中電場力方向始終水平向右，用刻度尺測出P點(diǎn)右側(cè)不同位置到P點(diǎn)的水平距離x，采取(1)中方法確定出該位置球B所受電場力F，然后作出Fx圖像，如圖乙所示。其中M點(diǎn)為水平移動(dòng)過程中的一點(diǎn)，已知x軸上每小格代表的距離為x0，根據(jù)圖像估算P、M兩點(diǎn)間電勢(shì)差UPM的大小。
解析：(1)由平衡條件有＝tan θ
得F0＝mgtan θ
根據(jù)F0＝qE0
得E0＝。
(2)因Fx圖像中圖線與x軸所圍的面積表示電場力做功的大小，所以可用題圖乙圖線與x軸所圍成的圖形中，小正方形的數(shù)目表示電場力做功的量值。
由(1)知，P點(diǎn)對(duì)應(yīng)的電場力為F0＝mgtan θ，結(jié)合題圖乙知，每1個(gè)小正方形的面積所代表的電場力的功
W0＝x0
P、M兩點(diǎn)間Fx圖線與x軸所圍面積約有22個(gè)小正方形，所以電場力做的功
WPM＝22W0＝x0＝x0
由WPM＝qUPM
得UPM＝x0。
答案：(1)mgtan θ (2)x0
（新課標(biāo)）2020高考物理總復(fù)習(xí) 課時(shí)檢測（四十二）電場性質(zhì)的應(yīng)用（題型研究課）（含解析）.doc
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