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函數(shù)與方程思想、數(shù)形結合思想
數(shù)學教學的最終目標，是要讓學生會用數(shù)學的眼光觀察現(xiàn)實世界，會用數(shù)學的思維思考現(xiàn)實世界.數(shù)學素養(yǎng)就是指學生學習數(shù)學應當達成的有特定意義的綜合性能力，數(shù)學核心素養(yǎng)高于具體的數(shù)學知識技能，具有綜合性、整體性和持久性，反映數(shù)學本質與數(shù)學思想，數(shù)學核心素養(yǎng)是數(shù)學思想方法在具體學習領域的表現(xiàn).二輪復習中如果能自覺滲透數(shù)學思想，加強個人數(shù)學素養(yǎng)的培養(yǎng)，就會在復習中高屋建瓴，對整體復習起到引領和導向作用.
一、函數(shù)與方程思想在不等式中的應用
函數(shù)與不等式的相互轉化，把不等式轉化為函數(shù)，借助函數(shù)的圖象和性質可解決相關的問題，常涉及不等式恒成立問題、比較大小問題.一般利用函數(shù)思想構造新函數(shù)，建立函數(shù)關系求解.
1.若0
x1
解析 設g(x)＝(0g(x2)，
∴x2>x1.
2.(2018宿州調研)已知定義在R上的偶函數(shù)滿足f(x)＝x3＋4x(x≥0)，若f(1－2m)≥f(m)，則實數(shù)m的取值范圍是______________.
答案 ∪[1，＋∞)
解析 由題意可知，定義在R上的偶函數(shù)f(x)＝x3＋4x(x≥0)，因為y＝x3，y＝4x在x≥0時都是單調遞增的函數(shù)，故函數(shù)f(x)＝x3＋4x在x≥0時為增函數(shù)，又函數(shù)f(x)為偶函數(shù)，故圖象關于y軸對稱，所以f(1－2m)≥f(m)，只需|1－2m|≥|m|，即m∈∪[1，＋∞).
3.已知定義在R上的函數(shù)g(x)的導函數(shù)為g′(x)，滿足g′(x)－g(x)<0，若函數(shù)g(x)的圖象關于直線x＝2對稱，且g(4)＝1，則不等式>1的解集為________.
答案 (－∞，0)
解析 ∵函數(shù)g(x)的圖象關于直線x＝2對稱，
∴g(0)＝g(4)＝1.
設f(x)＝，
則f′(x)＝＝.
又g′(x)－g(x)<0，∴f′(x)<0，
∴f(x)在R上單調遞減.
又f(0)＝＝1，∴f(x)>f(0)，∴x<0.
4.若x∈[－2,1]時，不等式ax3－x2＋4x＋3≥0恒成立，則實數(shù)a的取值范圍是_________.
答案 [－6，－2]
解析 當－2≤x<0時，不等式轉化為a≤.
令f(x)＝(－2≤x<0)，
則f′(x)＝＝，
故f(x)在[－2，－1]上單調遞減，在(－1,0)上單調遞增，
此時有a≤f(x)min＝f(－1)＝＝－2.
當x＝0時，不等式恒成立.
當00,
設Sn＝f(n)，則f(n)為二次函數(shù)，
又由f(7)＝f(17)知，f(n)的圖象開口向上，關于直線n＝12對稱，
故Sn取最小值時n的值為12.
7.(2018江蘇海安高級中學月考)已知等比數(shù)列{an}的公比q>1，其前n項和為Sn，若S4＝2S2＋1，則S6的最小值為________.
答案 2＋3
解析 ∵S4＝2S2＋1，∴＝2＋1?a1(1＋q)(q2－1)＝1，∵q>1，∴S6＝＝(1＋q＋q2)(1－q＋q2)(1＋q)＝q2－1＋＋3≥2＋3，當且僅當q2＝1＋(q>1)時取等號，
∴S6的最小值為2＋3.
8.設等差數(shù)列{an}的前n項和為Sn，若S4＝－2，S5＝0，S6＝3，則nSn的最小值為________.
答案 －9
解析 由已知得Sn＝，故nSn＝.
令f(x)＝，則f′(x)＝x2－5x，
令f′(x)＝0，得x＝0或x＝，
∴f(x)在上單調遞減，在上單調遞增.
又∵n是正整數(shù)，當n＝3時，nSn＝－9，當n＝4時，nSn＝－8，
故當n＝3時，nSn取得最小值－9.
三、函數(shù)與方程思想在解析幾何中的應用
解析幾何中求斜率、截距、半徑、點的坐標、離心率、幾何量等經(jīng)常要用到方程(組)的思想；直線與圓錐曲線的位置關系問題，可以通過轉化為一元二次方程，利用判別式進行解決；求變量的取值范圍和最值問題常轉化為求函數(shù)的值域、最值，用函數(shù)的思想分析解答.
9.以拋物線C的頂點為圓心的圓交C于A，B兩點，交C的準線于D，E兩點.已知AB＝4，DE＝2，則C的焦點到準線的距離為________.
答案 4
解析 不妨設拋物線C：y2＝2px(p>0)，圓的方程設為x2＋y2＝r2(r>0)，如圖，
又可設A(x0,2)，
D，
點A(x0,2)在拋物線y2＝2px上，∴8＝2px0， ①
點A(x0,2)在圓x2＋y2＝r2上，∴x＋8＝r2， ②
點D在圓x2＋y2＝r2上，
∴5＋2＝r2， ③
聯(lián)立①②③，解得p＝4，即C的焦點到準線的距離為p＝4.
10.如圖，已知雙曲線C：－＝1(a>0，b>0)的右頂點為A，O為坐標原點，以A為圓心的圓與雙曲線C的一條漸近線交于P，Q兩點，若∠PAQ＝60，且＝3，則雙曲線C的離心率為________.
答案
解析 因為∠PAQ＝60，AP＝AQ，
所以AP＝AQ＝PQ，設AQ＝2R，
又＝3，則OP＝PQ＝R.
雙曲線C的漸近線方程是y＝x，A(a,0)，
所以點A到直線y＝x的距離
d＝＝，
所以2＝(2R)2－R2＝3R2，
即a2b2＝3R2(a2＋b2)，
在△OQA中，由余弦定理得，
OA2＝OQ2＋QA2－2OQQAcos60
＝(3R)2＋(2R)2－23R2R
＝7R2＝a2.
由得
所以雙曲線C的離心率為
e＝＝＝＝＝＝.
11.設橢圓中心在坐標原點，A(2,0)，B(0,1)是它的兩個頂點，直線y＝kx(k>0)與AB相交于點D，與橢圓相交于E，F(xiàn)兩點.若＝6，則k的值為________.
答案 或
解析 依題意得橢圓的方程為＋y2＝1，直線AB，EF的方程分別為x＋2y＝2，y＝kx(k>0).如圖，設D(x0，kx0)，E(x1，kx1)，F(xiàn)(x2，kx2)，其中x1.
所以k的取值范圍為.
3.已知函數(shù)f(x)是定義在R上的偶函數(shù)，且f(－x－1)＝f(x－1)，當x∈[－1,0]時，f(x)＝－x3，則關于x的方程f(x)＝|cosπx|在上的所有實數(shù)解之和為________.
答案?。?
解析 因為函數(shù)f(x)為偶函數(shù)，所以f(－x－1)＝f(x＋1)＝f(x－1)，所以函數(shù)f(x)的周期為2.
又當x∈[－1,0]時，f(x)＝－x3，由此在同一平面直角坐標系內作出函數(shù)y1＝f(x)與y2＝|cos πx|的圖象如圖所示.
由圖象知關于x的方程f(x)＝|cos πx|在上的實數(shù)解有7個.
不妨設x10，所以m＝－1，故m的取值范圍是[－1，＋∞).
7.若不等式|x－2a|≥x＋a－1對x∈R恒成立，則實數(shù)a的取值范圍是________.
答案
解析 作出y1＝|x－2a|和y2＝x＋a－1的簡圖，如圖所示.
依題意得2a≤2－2a，
故a≤.
8.已知函數(shù)f(x)＝若存在兩個不相等的實數(shù)x1，x2，使得f(x1)＝f(x2)，則實數(shù)a的取值范圍為________.
答案 [0，＋∞)
解析 根據(jù)題意知f(x)是一個分段函數(shù)，當x≥1時，是一個開口向下的二次函數(shù)，對稱軸方程為x＝a；當x<1時，是一個一次函數(shù).當a>1時，如圖(1)所示，符合題意；當0≤a≤1時，如圖(2)所示，符合題意；當a<0時，如圖(3)所示，此時函數(shù)在R上單調遞減，不滿足題意.綜上所述，可得a≥0.
三、數(shù)形結合思想在解析幾何中的應用
在解析幾何的解題過程中，通常要數(shù)形結合，挖掘題中所給的代數(shù)關系式和幾何關系式，構建解析幾何模型并應用模型的幾何意義求最值或范圍；常見的幾何結構的代數(shù)形式主要有：①比值——可考慮直線的斜率；②二元一次式——可考慮直線的截距；③根式分式——可考慮點到直線的距離；④根式——可考慮兩點間的距離.
9.已知圓C：(x－3)2＋(y－4)2＝1和兩點A(－m,0)，B(m,0)(m>0).若圓C上存在點P，使得∠APB＝90，則m的最大值為________.
答案 6
解析 根據(jù)題意，畫出示意圖，如圖所示，則圓心C的坐標為(3,4)，半徑r＝1，且AB＝2m，因為∠APB＝90，連結OP，可知OP＝AB＝m.
要求m的最大值，即求圓C上的點P到原點O的最大距離.因為OC＝5，所以(OP)max＝OC＋r＝6，即m的最大值為6.
10.設雙曲線C：－＝1(a>0，b>0)的左、右頂點分別為A1，A2，左、右焦點分別為F1，F(xiàn)2，以F1F2為直徑的圓與雙曲線左支的一個交點為P.若以A1A2為直徑的圓與直線PF2相切，則雙曲線C的離心率為________.
答案
解析 如圖所示，設以A1A2為直徑的圓與直線PF2的切點為Q，連結OQ，
則OQ⊥PF2.
又PF1⊥PF2，
O為F1F2的中點，
所以PF1＝2OQ＝2a.
又PF2－PF1＝2a，
所以PF2＝4a.在Rt△F1PF2中，由PF＋PF＝F1F，得4a2＋16a2＝20a2＝4c2，即e＝＝.
11.已知拋物線的方程為x2＝8y，F(xiàn)是其焦點，點A(－2,4)，在此拋物線上求一點P，使△APF的周長最小，此時點P的坐標為________.
答案
解析 因為(－2)2<84，所以點A(－2,4)在拋物線x2＝8y的內部，
如圖，設拋物線的準線為l，
過點P作PQ⊥l于點Q，過點A作AB⊥l于點B，連結AQ，
由拋物線的定義可知，△APF的周長為
PF＋PA＋AF＝PQ＋PA＋AF≥AQ＋AF≥AB＋AF，
當且僅當P，B，A三點共線時，△APF的周長取得最小值，即AB＋AF.
因為A(－2,4)，所以不妨設△APF的周長最小時，點P的坐標為(－2，y0)，
代入x2＝8y，得y0＝.
故使△APF的周長最小的點P的坐標為.
12.已知P是直線l：3x＋4y＋8＝0上的動點，PA，PB是圓x2＋y2－2x－2y＋1＝0的兩條切線，A，B是切點，C是圓心，則四邊形PACB面積的最小值為________.
答案 2
解析 連結PC，由題意知圓的圓心C(1,1)，半徑為1，從運動的觀點看問題，當動點P沿直線3x＋4y＋8＝0向左上方或右下方無窮遠處運動時，Rt△PAC的面積S△PAC＝PAAC＝PA越來越大，從而S四邊形PACB也越來越大；當點P從左上、右下兩個方向向中間運動時，S四邊形PACB變小，顯然，當點P到達一個最特殊的位置，即CP垂直于直線l時，S四邊形PACB有唯一的最小值，此時PC＝＝3，從而PA＝＝2，所以(S四邊形PACB)min＝2PAAC＝2.
1.定義在R上的奇函數(shù)f(x)滿足f(x＋2)＝－f(x)，且在[0,1]上是減函數(shù)，則f，f，f的大小關系為________.
答案 f0，b>0)的右焦點F作直線y＝－x的垂線，垂足為A，交雙曲線左支于B點，若＝2，則該雙曲線的離心率為________.
答案
解析 設F(c,0)，則直線AB的方程為y＝(x－c)，代入雙曲線漸近線方程y＝－x，得A.由＝2，可得B，把B點坐標代入－＝1，得－＝1，∴c2＝5a2，
∴離心率e＝＝.
5.記實數(shù)x1，x2，…，xn中最小數(shù)為min{x1，x2，…，xn}，則定義在區(qū)間[0，＋∞)上的函數(shù)f(x)＝min{x2＋1，x＋3,13－x}的最大值為________.
答案 8
解析 在同一坐標系中作出三個函數(shù)y＝x2＋1，y＝x＋3，y＝13－x的圖象如圖.
由圖可知，在實數(shù)集R上，min{x2＋1，x＋3,13－x}為y＝x＋3上A點下方的射線，拋物線AB之間的部分，線段BC與直線y＝13－x在點C下方的部分的組合體.顯然，在區(qū)間[0，＋∞)上，在C點時，y＝min{x2＋1，x＋3,13－x}取得最大值.
解方程組得點C(5,8).
所以f(x)max＝8.
6.已知函數(shù)f(x)＝|lg(x－1)|，若1＜a＜b且f(a)＝f(b)，則a＋2b的取值范圍為________.
答案 (6，＋∞)
解析 由圖象可知b＞2,1＜a＜2，
∴－lg(a－1)＝lg(b－1)，
則a＝，
則a＋2b＝＋2b＝＝＝2(b－1)＋＋3，
由對勾函數(shù)的性質知，
當b∈時，f(b)＝2(b－1)＋＋3單調遞增，
∵b＞2，
∴a＋2b＝＋2b＞6.
7.已知函數(shù)f(x)＝若不等式f(x)≥mx恒成立，則實數(shù)m的取值范圍為________.
答案 [－3－2，0]
解析 函數(shù)f(x)及y＝mx的圖象如圖所示，由圖象可知，當m>0時，不等式f(x)≥mx不恒成立，設過原點的直線與函數(shù)f(x)＝x2－3x＋2(x<1)相切于點A(x0，x－3x0＋2)，因為f′(x0)＝2x0－3，所以該切線方程為y－(x－3x0＋2)＝(2x0－3)(x－x0)，因為該切線過原點，所以－(x－3x0＋2)＝－x0(2x0－3)，解得x0＝－，即該切線的斜率k＝－2－3.由圖象得－2－3≤m≤0.
8.已知函數(shù)f(x)＝＋x＋sinx，若存在x∈[－2,1]，使得f(x2＋x)＋f(x－k)<0成立，則實數(shù)k的取值范圍是________.
答案 (－1，＋∞)
解析 由題意知函數(shù)f(x)＝＋x＋sin x的定義域為R，f(－x)＝＋(－x)＋sin(－x)＝－＝－f(x)，即函數(shù)f(x)為奇函數(shù)，且f′(x)＝＋1＋cos x>0在R上恒成立，即函數(shù)f(x)在R上單調遞增.若?x∈[－2，1]，使得f(x2＋x)＋f(x－k)<0成立，
即f(x2＋x)<－f(x－k)，
所以f(x2＋x)x2＋2x，
令g(x)＝x2＋2x，x∈[－2,1].
則k>g(x)min＝g(－1)＝－1，
故實數(shù)k的取值范圍是(－1，＋∞).
9.已知正四棱錐的體積為，則正四棱錐的側棱長的最小值為________.
答案 2
解析 如圖所示，設正四棱錐的底面邊長為a，高為h.則該正四棱錐的體積V＝a2h＝，
故a2h＝32，即a2＝.
則其側棱長為l＝＝.
令f(h)＝＋h2，則f′(h)＝－＋2h＝，
令f′(h)＝0，解得h＝2.
當h∈(0,2)時，f′(h)<0，f(h)單調遞減；
當h∈(2，＋∞)時，f′(h)>0，f(h)單調遞增，
所以當h＝2時，f(h)取得最小值f(2)＝＋22＝12，
故lmin＝＝2.
10.若函數(shù)f(x)＝|2x－2|－b有兩個零點，則實數(shù)b的取值范圍是________.
答案 (0,2)
解析 由f(x)＝|2x－2|－b有兩個零點，
可得|2x－2|＝b有兩個不等的實根，
從而可得函數(shù)y1＝|2x－2|的圖象與函數(shù)y2＝b的圖象有兩個交點，如圖所示.
結合函數(shù)的圖象，可得00)，若兩條曲線沒有公共點，則r的取值范圍是______________.
答案 (0,1)∪
解析 方法一 聯(lián)立C1和C2的方程，消去x，
得到關于y的方程－y2＋2y＋10－r2＝0， ①
方程①可變形為r2＝－y2＋2y＋10，
把r2＝－y2＋2y＋10看作關于y的函數(shù).
由橢圓C1可知，－2≤y≤2，
因此，求使圓C2與橢圓C1有公共點的r的集合，等價于在定義域為y∈[－2,2]的情況下，求函數(shù)r2＝f(y)＝－y2＋2y＋10的值域.
由f(－2)＝1，f(2)＝9，f＝，
可得f(y)的值域為，即r∈，
它的補集就是圓C2與橢圓C1沒有公共點的r的集合，因此，兩條曲線沒有公共點的r的取值范圍是(0,1)∪.
方法二 聯(lián)立C1和C2的方程消去x，得到關于y的方程－y2＋2y＋10－r2＝0. ①
兩條曲線沒有公共點，等價于方程－y2＋2y＋10－r2＝0要么沒有實數(shù)根，要么有兩個根y1，y2?[－2,2].
若沒有實數(shù)根，則Δ＝4－4(10－r2)<0，
解得r>或r<－
.
若兩個根y1，y2?[－2,2]，設φ(y)＝－y2＋2y＋10－r2，其圖象的對稱軸方程為y＝∈[－2,2].
則又r>0，解得00，
故φ(x)在上單調遞增，
所以φ(x)≥φ＝－>0.
因此g′(x)>0，故g(x)在上單調遞增，
則g(x)≥g＝＝2－，
所以a－＝2－，解得a＝2，
所以a的取值集合為{2}.
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